高中物理 第四章 電磁感應(yīng) 5 電磁感應(yīng)現(xiàn)象的兩類情況分層訓(xùn)練 新人教版選修32

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1、5 電磁感應(yīng)現(xiàn)象的兩類情況A級抓基礎(chǔ)1(多選)下列說法中正確的是()A動生電動勢的產(chǎn)生與洛倫茲力有關(guān)B因為洛倫茲力對運動電荷始終不做功，所以動生電動勢的產(chǎn)生與洛倫茲力無關(guān)C動生電動勢的方向可以由右手定則來判定D導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到的安培力一定與受到的外力大小相等、方向相反解析：由動生電動勢產(chǎn)生原因知A、C正確，B錯誤；只有在導(dǎo)體棒做勻速切割時，除安培力以外的力的合力才與安培力大小相等、方向相反，做變速運動時不成立，故D錯誤答案：AC2.如圖所示，內(nèi)壁光滑的塑料管彎成的圓環(huán)平放在水平桌面上，環(huán)內(nèi)有一帶負電的小球，整個裝置處于豎直向下的磁場中，當(dāng)磁場突然增強時，小球?qū)?)A沿順時針方

2、向運動B沿逆時針方向運動C在原位置附近往復(fù)運動D仍然保持靜止?fàn)顟B(tài)解析：當(dāng)磁場增強時，由楞次定律知感應(yīng)電流沿逆時針方向，即感生電場沿逆時針方向，帶負電的小球在電場力作用下沿順時針方向運動答案：A3.一直升機停在南半球的地磁極上空該處地磁場的方向豎直向上，磁感應(yīng)強度為B.直升機螺旋槳葉片的長度為l，螺旋槳轉(zhuǎn)動的頻率為f，順著地磁場的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時針方向轉(zhuǎn)動，螺旋槳葉片的近軸端為a，遠軸端為b，如圖所示，如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線的距離，用E表示每個葉片中的感應(yīng)電動勢，則()AEfl2B，且a點電勢低于b點電勢BE2fl2B，且a點電勢低于b點電勢CEfl2B，且a點電勢高于b點電勢DE2f

3、l2B，且a點電勢高于b點電勢解析：解這道題要考慮兩個問題：一是感應(yīng)電動勢大小，EBlvBl2fBl2f；二是感應(yīng)電動勢的方向，由右手定則可以判斷出感應(yīng)電動勢的方向是由ab，因此a點電勢低答案：A4如圖所示，矩形線框abcd的ad和bc的中點M、N之間連接一電壓表，整個裝置處于勻強磁場中，磁場的方向與線框平面垂直，當(dāng)線框向右勻速平動時，下列說法中正確的是()A穿過線框的磁通量不變化，MN間無感應(yīng)電動勢BMN這段導(dǎo)體做切割磁感線運動，MN間有電勢差CMN間有電勢差，所以電壓表有示數(shù)D因為有電流通過電壓表，所以電壓表有示數(shù)解析：穿過線框的磁通量不變化，線框中無感應(yīng)電流，但ab、MN、dc都切割磁感

4、線，它們都有感應(yīng)電動勢，故A錯，B對；無電流通過電壓表，電壓表無示數(shù)，C、D錯答案：B5(多選)如圖所示，空間有一個方向水平的有界勻強磁場區(qū)域，一矩形導(dǎo)線框自磁場上方某一高度處自由下落進入磁場的過程中，導(dǎo)線框平面與磁場方向垂直，則在導(dǎo)線框進入磁場的過程中可能()A變加速下落B變減速下落C勻速下落 D勻加速下落解析：當(dāng)線框進入磁場時，ab邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，回路中有感應(yīng)電流，所以ab邊受到的安培力向上當(dāng)F安mg時，線框勻速進入磁場；當(dāng)F安mg時，則變加速進入磁場；當(dāng)F安mg時，則變減速進入磁場，故A、B、C正確，D錯誤答案：ABC6.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有兩根平行金屬導(dǎo)軌，上端與電阻R

5、相連，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直導(dǎo)軌平面一質(zhì)量為m的金屬棒以初速度v0沿導(dǎo)軌豎直向上運動，上升到某一高度后又返回到原處，整個過程金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌與棒的電阻不計下列說法正確的是()A回到出發(fā)點的速度v大于初速度v0B通過R的最大電流，上升過程小于下落過程C電阻R上產(chǎn)生的熱量，上升過程大于下落過程D所用時間上升過程大于下落過程解析：金屬棒切割磁感線運動，由右手定則和法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力公式可知金屬棒下行和上行時的受力情況，由能量守恒定律可知，金屬棒在運動過程中，機械能不斷轉(zhuǎn)化為熱能，所以回到出發(fā)點的速度v小于初速度v0，選項A錯誤；設(shè)金屬棒運動的速度為v，長度為l，那么感應(yīng)電動勢

6、EBlv，通過R的電流I，可見，當(dāng)金屬棒運動速度v大時，通過R的電流大，因為金屬棒在運動過程中，機械能不斷轉(zhuǎn)化為熱能，所以運動到同一高度處，上升時的速度大于下降時的速度，所以通過R的最大電流上升過程大于下落過程，選項B錯誤；同一高度處金屬棒上升時受到的安培力大于下降時受到的安培力，由于上升和下降的高度相同，所以上升過程克服安培力所做的功大于下降時克服安培力做的功，故電阻R上產(chǎn)生的熱量上升過程大于下落過程，C正確；研究金屬棒的上升過程時，可以采取逆向思維法，把上升過程看作金屬棒從最高點自由下落，顯然，下落的加速度a1ga2，其中a2為金屬棒返回下落時的加速度，顯然，下落相同高度，t1t2，選項D

7、錯誤答案：CB級提能力7如圖，MN和PQ是電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一個阻值為R的定值電阻平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為h處靜止釋放，到達磁場右邊界處恰好停止已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中()A流過金屬棒的最大電流為B通過金屬棒的電荷量為C克服安培力所做的功為mghD金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為mg(hd)解析：金屬棒滑下過程中，根據(jù)動能定理有mghmv，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有EmBLvm，根據(jù)閉合電路歐姆定律

8、有Im，聯(lián)立得Im，A錯誤；根據(jù)q可知，通過金屬棒的電荷量為，B錯誤；金屬棒運動的全過程根據(jù)動能定理得mghWfW安0，所以克服安培力做的功小于mgh，故C錯誤；由Wfmgd，金屬棒克服安培力做的功完全轉(zhuǎn)化成電熱，由題意可知金屬棒與電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱相同，設(shè)金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，故2QW安，聯(lián)立得Qmg(hd)，D正確答案：D8如圖所示，L10.5 m，L20.8 m，回路總電阻為R0.2 ，M0.04 kg，導(dǎo)軌光滑，開始時磁場B01 T，現(xiàn)使磁感應(yīng)強度以0.2 T/s的變化率均勻地增大，試求：當(dāng)t為多少時，M剛離開地面(g取10 m/s2)?解析：回路中原磁場方向向下，且磁通量增加，

9、由楞次定律可以判知，感應(yīng)電流的磁場方向向上，根據(jù)安培定則可以判知，ab中的感應(yīng)電流的方向是ab，由左手定則可知，ab所受安培力的方向水平向左，從而向上拉起重物，設(shè)ab中電流為I時M剛好離開地面，此時有FBBIL1Mg，I，EL1L20.08(V)，B，聯(lián)立，解得：FB0.4 N，I0.4 A，B2 T，t5 s.9.如圖所示，MN、PQ為水平放置的足夠長的平行光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距l(xiāng)0.5 m，導(dǎo)軌左端連接一個R0.2 的電阻和一個理想電流表A，導(dǎo)軌的電阻不計，整個裝置放在磁感應(yīng)強度B1 T的有界勻強磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下一根質(zhì)量m0.4 kg、電阻r0.05 的金屬棒與磁場的左邊界c

10、d重合現(xiàn)對金屬棒施加一水平向右、大小為0.4 N的恒定拉力F，使棒從靜止開始向右運動，已知在金屬棒離開磁場右邊界ef前電流表的示數(shù)已保持穩(wěn)定(1)求金屬棒離開磁場右邊界ef時的速度大??；(2)當(dāng)拉力F的功率為0.08 W時，求金屬棒的加速度解析：(1)由題意可知，當(dāng)金屬棒離開右邊界ef時已達到最大速度vmax，EBlvmax，I，F(xiàn)安BIl，F(xiàn)安F，代入數(shù)據(jù)得vmax0.4 m/s.(2)當(dāng)力F的功率為0.08 W時，金屬棒的速度v0.2 m/s，F(xiàn)F安ma，即Fma，代入數(shù)據(jù)得a0.5 m/s2，方向向右10如圖甲所示，一對平行光滑軌道放置在水平面上，兩軌道間距l(xiāng)0.20 m，電阻R1.0

11、；有一導(dǎo)體桿靜止地放在軌道上，與兩軌道垂直，桿及軌道的電阻皆可忽略不計，整個裝置處于磁感應(yīng)強度B0.5 T的勻強磁場中，磁場方向垂直軌道向下，現(xiàn)用一外力F沿軌道方向拉桿，使之做勻加速運動，測得力F與時間t的關(guān)系如圖乙所示求桿的加速度a和質(zhì)量m.解析：導(dǎo)體桿在軌道上做初速度為零的勻加速直線運動，用v表示瞬時速度，t表示時間，則桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為EBlvBlat，閉合回路中的感應(yīng)電流為：I，由安培力公式和牛頓第二定律得：FIlBma，將式代入式整理得：Fmaat.在乙圖象上取兩點t10，F(xiàn)11 N；t230 s，F(xiàn)24 N代入式，聯(lián)立方程解得a10 m/s2，m0.1 kg.11如圖所

12、示，電動機牽引一根原來靜止的、長為L1 m、質(zhì)量為m0.1 kg的導(dǎo)體MN，其電阻R1 ，導(dǎo)體棒架在磁感應(yīng)強度B1 T、豎直放置的框架上，當(dāng)導(dǎo)體棒上升h3.8 m時獲得穩(wěn)定的速度，導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量為14 J，電動機牽引棒時，電壓表、電流表的示數(shù)分別為7 V、1 A，電動機內(nèi)阻r1 ，不計框架電阻及一切摩擦，g取10 m/s2，求：(1)棒能達到的穩(wěn)定速度；(2)棒從靜止至達到穩(wěn)定速度所需要的時間解析：(1)電動機的輸出功率P出IUIr26 W，棒達到穩(wěn)定速度時，有：FmgBILmg，而電動機的輸出功率P出Fvm，由以上各式解得vm2 m/s.(2)從棒開始運動至達到穩(wěn)定速度的過程中，由能量守恒定律，有：P出tmghmvQ，解得完成此過程所需要的時間t3 s.6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375