2019-2020年高三物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專題3 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第1講 電場(chǎng)與磁場(chǎng)的基本性質(zhì)課時(shí)作業(yè)集訓(xùn).doc

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2019-2020年高三物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專題3 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第1講 電場(chǎng)與磁場(chǎng)的基本性質(zhì)課時(shí)作業(yè)集訓(xùn)選擇題(19題為單項(xiàng)選擇題，1014題為多項(xiàng)選擇題)1.若A、B是真空中兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，則c、d、e三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是()AEcEdBcdCEdEeDce解析：根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布圖可以知道，中垂線上從O點(diǎn)向外電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，所以EcEd；中垂線是一個(gè)等勢(shì)面，所以ce, 中垂線上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向也相同答案：D2(xx寧夏銀川一中高三年級(jí)第五次考試)如圖所示，空間存在兩個(gè)被固定的、等量同種正點(diǎn)電荷M、N，在它們的連線上有A、B、C三點(diǎn)，已知MACNNB，MANA.現(xiàn)有一正點(diǎn)電荷q，關(guān)于在電場(chǎng)中移動(dòng)點(diǎn)電荷q，下列說(shuō)法中正確的是()A沿半圓弧1將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功B沿曲線3將q從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功C沿曲線2將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D沿直線將q從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功解析：由等量電荷電場(chǎng)線分布可知，沿半圓弧1將正電荷q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；沿曲線3將q從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)B正確；沿曲線2將q從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；沿直線將q從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；因此答案選B.答案：B3如圖所示是一對(duì)不等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布圖，圖中兩點(diǎn)電荷連線長(zhǎng)度為2r，左側(cè)點(diǎn)電荷帶電荷量為2q，右側(cè)點(diǎn)電荷帶電荷量為q，P、Q兩點(diǎn)關(guān)于兩電荷連線對(duì)稱由圖可知()AP、Q兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同BM點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C把同一試探電荷放在N點(diǎn)，其所受電場(chǎng)力大于放在M點(diǎn)所受的電場(chǎng)力D兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為2k解析：P、Q兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤根據(jù)電場(chǎng)線疏密程度反映電場(chǎng)強(qiáng)度大小可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)B正確把同一試探電荷放在N點(diǎn)，其所受電場(chǎng)力小于放在M點(diǎn)所受的電場(chǎng)力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為Ekk3k，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：B4.如圖，在M、N處固定兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷，兩電荷均帶正電O點(diǎn)是MN連線的中點(diǎn)，直線PQ是MN的中垂線現(xiàn)有一帶正電的試探電荷q自O(shè)點(diǎn)以大小是v0的初速度沿直線向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)若試探電荷q只受M、N處兩電荷的電場(chǎng)力作用，則下列說(shuō)法正確的是()Aq將做勻速直線運(yùn)動(dòng)Bq的加速度將逐漸減小Cq的動(dòng)能將逐漸減小Dq的電勢(shì)能將逐漸減小解析：試探電荷從O點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受電場(chǎng)力的合力從O點(diǎn)指向Q點(diǎn)，在O點(diǎn)時(shí)受合力為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處合力也為零，所以從O點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受力可能先變大后變小，也可能一直變大所以根據(jù)牛頓第二定律可以知道，加速度可能先變大，后變小，也可能一直變大，AB錯(cuò)；從O點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度一直在增加，所以動(dòng)能一直增加，C錯(cuò)；從O點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做正功，所以電勢(shì)能逐漸減小，D對(duì)答案：D5.如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即UabUbc，實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，R同時(shí)在等勢(shì)面b上，據(jù)此可知()A帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的加速度比在Q點(diǎn)的加速度小B帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的電勢(shì)能比在Q點(diǎn)的小C帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的動(dòng)能大于在Q點(diǎn)的動(dòng)能D三個(gè)等勢(shì)面中，c的電勢(shì)最高解析：等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線也密，電場(chǎng)強(qiáng)度大，所受電場(chǎng)力大，因此加速度也大，A錯(cuò)誤；電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負(fù)電，因此電場(chǎng)線向上，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較大，由能量守恒可知，P點(diǎn)的動(dòng)能較小，B、C錯(cuò)誤；負(fù)電荷在Q點(diǎn)電勢(shì)能較小，電勢(shì)較高，D正確答案：D6.如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷，Q14.0108 C和Q21.0108 C，分別固定在x軸上的x0和x6 cm的位置上將一帶負(fù)電的試探電荷q從x20 cm的位置沿x軸負(fù)方向移到x10 cm的位置，在此過(guò)程中，試探電荷的()A電勢(shì)能一直增大B電勢(shì)能一直減小C電勢(shì)能先減小后增大D電勢(shì)能先增大后減小解析：由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式Ek可知，點(diǎn)電荷Q1在x20 cm處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大于點(diǎn)電荷Q2在該處產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)，由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，可知x20 cm處的場(chǎng)強(qiáng)方向沿x方向；同理可知，點(diǎn)電荷Q1在x10 cm處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)小于點(diǎn)電荷Q2在該處產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)，由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，可知x10 cm處的場(chǎng)強(qiáng)方向沿x方向負(fù)試探電荷在由x20 cm處向x10 cm處運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力方向先向左再向右，故電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化關(guān)系可知，試探電荷的電勢(shì)能先減小后增大，C項(xiàng)正確答案：C7.如圖所示，空間存在等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，AB為兩電荷間的連線，MN為AB的中垂線，CD垂直AB，且C點(diǎn)在AB上，現(xiàn)有兩個(gè)試探電荷帶電荷量相等，電性相同，分別從C、D兩點(diǎn)以等大的速率只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，則兩試探電荷()A可能都是沿直線運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)B到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能一定相等C到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的加速度一定相同D電場(chǎng)力做功可能相等，但電勢(shì)能變化一定不相等解析：因?yàn)榈攘慨惙N電荷間的電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故雖然中垂線MN是等勢(shì)線，但C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)不相等，兩電荷在C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)力也不等且方向不同，故兩電荷不可能都沿直線運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不等，電勢(shì)能變化也不相等，到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能一定不相等，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律，兩試探電荷在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力相同，故加速度一定相同，選項(xiàng)C正確答案：C8.(xx六盤水一模)如圖所示，三根長(zhǎng)為L(zhǎng)的直線電流在空間構(gòu)成等邊三角形，電流的方向垂直紙面向里電流大小均為I，其中A、B電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B0，導(dǎo)線C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，則導(dǎo)線C受到的靜摩擦力是()A.B0IL，水平向左B.B0IL，水平向右C.B0IL，水平向左D.B0IL，水平向右解析：根據(jù)安培定則，A電流在C處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于AC，B電流在C處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于BC，如圖所示根據(jù)平行四邊形定則及幾何知識(shí)可知，合磁場(chǎng)的方向豎直向下，與AB邊平行，合磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為B2B0cos 30B0，由公式FBIL得，導(dǎo)線C所受安培力大小為FB0IL，根據(jù)左手定則，導(dǎo)線C所受安培力方向水平向左，因?qū)Ь€C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件知，導(dǎo)線C受到的靜摩擦力方向?yàn)樗较蛴遥蔅正確，A、C、D錯(cuò)誤答案：B9.如圖所示，平行板電容器的兩金屬板A、B豎直放置，電容器所帶電荷量為Q，一液滴從A板上邊緣由靜止釋放，液滴恰好能擊中B板的中點(diǎn)O，若電容器所帶電荷量增加Q1，液滴從同一位置由靜止釋放，液滴恰好擊中OB的中點(diǎn)C，若電容器所帶電荷量減小Q2，液滴從同一位置由靜止釋放，液滴恰好擊中B板的下邊緣D點(diǎn)，則()A1B2C3D4解析：由運(yùn)動(dòng)的合成與分解知液滴在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，水平方向在電場(chǎng)力作用下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)兩金屬板長(zhǎng)為L(zhǎng)、間距為d、正對(duì)面積為S，兩極板間場(chǎng)強(qiáng)為E，液滴所帶電荷量為q、質(zhì)量為m，則豎直方向有hgt2，水平方向有dt2，E，所以Qh常數(shù)，即Q(QQ1)，Q(QQ2)L，聯(lián)立得2，B對(duì)答案：B10如圖所示，兩塊相互靠近彼此絕緣的平行金屬板組成平行板電容器，極板N與靜電計(jì)金屬球相連，極板M和靜電計(jì)的外殼均接地用靜電計(jì)測(cè)量平行板電容器兩極板間的電勢(shì)差U.在兩板相距為d時(shí)，給電容器充電，靜電計(jì)指針張開一定角度在整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，保持電容器的帶電荷量Q不變，下面的操作中將使靜電計(jì)指針張角變小的是()A僅將M板向下平移B僅將M板向左平移C僅在M、N之間插入云母板(介電常數(shù)大于1)D僅在M、N之間插入金屬板，且不和M、N接觸解析：根據(jù)C，僅將M板向下平移，則S減小，僅將M板向左平移，d變大，這兩個(gè)都會(huì)使C減小，根據(jù)U，則U變大，靜電計(jì)指針張角變大，A、B錯(cuò)誤；僅在M、N之間插入云母板(介電常數(shù)大于1)，則r變大，僅在M、N之間插入金屬板，且不和M、N接觸，相當(dāng)于d減小，這兩個(gè)都會(huì)使得C變大，根據(jù)U，則U減小，靜電計(jì)指針張角減小，C、D正確答案：CD11.如圖所示，真空中同一水平線上固定兩等量異種點(diǎn)電荷A、B，其中A帶負(fù)電、B帶正電C、D、O是分布在AB連線的垂線上的三個(gè)點(diǎn)，且AOBO.下列判斷正確的是()AC、D兩點(diǎn)的電勢(shì)相等BC、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向均水平向左C同一帶負(fù)電的試探電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能大于在D點(diǎn)的電勢(shì)能D同一試探電荷在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在D點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小解析：由等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布可知，ODC，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在AB連線中垂線上的各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向左，EC和ED 的方向斜向左上，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能大，所以EpCEpD，選項(xiàng)C正確；ECED，所以同一試探電荷在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在D點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小，選項(xiàng)D正確答案：CD12空間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)點(diǎn)以垂直于磁場(chǎng)方向的速度v0水平進(jìn)入該磁場(chǎng)，在飛出磁場(chǎng)時(shí)高度下降了h.重力加速度為g.則下列說(shuō)法正確的是()A帶電質(zhì)點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力可能向上B帶電質(zhì)點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力一定向下C帶電質(zhì)點(diǎn)飛出磁場(chǎng)時(shí)速度的大小為v0D帶電質(zhì)點(diǎn)飛出磁場(chǎng)時(shí)速度的大小為 解析：因?yàn)榇艌?chǎng)水平，帶電質(zhì)點(diǎn)水平且垂直于磁場(chǎng)方向飛入磁場(chǎng)，若磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?，利用左手定則，可以知道若質(zhì)點(diǎn)帶正電，從左向右飛入瞬間洛倫茲力方向向上，若質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，飛入瞬間洛倫茲力方向向下，A對(duì)，B錯(cuò)；利用動(dòng)能定理mghmv2mv得，v，C錯(cuò)，D對(duì)答案：AD13(xx四川理綜6)如圖所示，半圓槽光滑、絕緣、固定，圓心是O，最低點(diǎn)是P，直徑MN水平a、b是兩個(gè)完全相同的帶正電小球(視為點(diǎn)電荷)，b固定在M點(diǎn)，a從N點(diǎn)靜止釋放，沿半圓槽運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)到達(dá)某點(diǎn)Q(圖中未畫出)時(shí)速度為零則小球a()A從N到Q的過(guò)程中，重力與庫(kù)侖力的合力先增大后減小B從N到P的過(guò)程中，速率先增大后減小C從N到Q的過(guò)程中，電勢(shì)能一直增加D從P到Q的過(guò)程中，動(dòng)能減少量小于電勢(shì)能增加量解析：a從N點(diǎn)靜止釋放，過(guò)P點(diǎn)后到Q點(diǎn)速度為零，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程只有重力和庫(kù)侖力做功，庫(kù)侖力方向與a速度方向夾角一直大于90，所以庫(kù)侖力整個(gè)過(guò)程做負(fù)功小球a從N到Q的過(guò)程中，庫(kù)侖力增大，庫(kù)侖力與重力的夾角減小，所以它們的合力一直增大，故A錯(cuò)誤；帶電小球a受力如圖所示，在靠近N點(diǎn)的位置，合力與速度夾角小于90，在D點(diǎn)合力與速度夾角大于90，所以小球a從N到P的過(guò)程中，速率應(yīng)先增大后減小，故B正確；從N到Q的過(guò)程中，庫(kù)侖力一直做負(fù)功，所以電勢(shì)能一直增加，故C正確；根據(jù)能量守恒可知，P到Q的過(guò)程中，動(dòng)能的減少量等于重力勢(shì)能和電勢(shì)能的增加量之和，故D錯(cuò)誤答案：BC14如圖甲所示，有一絕緣圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，圓環(huán)平面與豎直平面重合一光滑細(xì)桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過(guò)圓環(huán)，細(xì)桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m10 g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q5.0104 C小球從C點(diǎn)由靜止釋放，其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向A運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖乙所示小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，速度圖象的切線斜率最大(圖中標(biāo)出了該切線)則下列說(shuō)法正確的是()A在O點(diǎn)右側(cè)桿上，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，場(chǎng)強(qiáng)大小為E1.2 V/mB由C到A的過(guò)程中，小球的電勢(shì)能先減小后變大C由C到A電勢(shì)逐漸降低DC、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UCB0.9 V解析：速度圖線斜率表示小球運(yùn)動(dòng)加速度，由加速度定義式可知，a m/s20.06 m/s2，由牛頓第二定律得：Eqma，解得：E1.2 V/m，A項(xiàng)正確；由速度圖象及動(dòng)能定理可知，小球由C到A過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，故小球的電勢(shì)能一直減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由電勢(shì)能與電勢(shì)關(guān)系Epq可知，由C到A過(guò)程中，電勢(shì)不斷降低，C項(xiàng)正確；小球由C到B過(guò)程中，qUCBmv2，解得：UCB0.9 V，D項(xiàng)正確答案：ACD