【名師對話】2014屆高三物理一輪 雙基鞏固卷 第五單元

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1、名師對話（物理）2014屆高三一輪“雙基鞏固卷”：第五單元(考查范圍：第五單元分值：110分)一、選擇題(每小題6分，共48分)1蹦床運動員與床墊接觸的過程可簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態(tài)的床墊(A位置)上，隨床墊一同向下做變速運動到達最低點(B位置)，如圖D51所示，有關(guān)運動員從A運動至B的過程，下圖D51列說法正確的是()A運動員的機械能守恒B運動員的速度一直減小C合力對運動員做負功D運動員先失重后超重2如圖D52所示，一根跨過輕質(zhì)定滑輪的不可伸長的輕繩兩端各系一個物體A和B，不計摩擦圖D52.現(xiàn)將物體由靜止釋放，B物體下落H高度時的速度為v，若在A的下方掛一個與A相同的物體

2、，由靜止釋放，B向上運動距離為H時的速度大小仍為v，則A與B的質(zhì)量之比為()A12B23C.2 D.33如圖D53所示，豎直放置的輕彈簧上端與質(zhì)量為3 kg的物塊B相連接，另一個質(zhì)量為圖D531 kg的物塊A放在B上先向下壓A，然后釋放，A、B共同向上運動一段后將分離，分離后A又上升了0.2 m到達最高點，此時B的速度方向向下，且彈簧恰好為原長從A、B分離到A上升到最高點的過程中，彈簧彈力對B做的功及彈簧回到原長時B的速度大小分別是(g10 m/s2)()A12 J2 m/s B02 m/sC00 D4 J2 m/s4一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為，以一定的速度勻速運動某時刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈?/p>

3、置放上具有一定初速度的物塊(如圖D54甲所示)，以此時為t0時刻記錄了物塊之后在傳送帶上運動的速度隨時間的變化關(guān)系，如圖乙所示(圖中取沿斜面向上的運動方向為正方向，其中|v1|v2|)已知傳送帶的速度保持不變，g取10 m/s2.則下列判斷正確的是() 甲乙圖D54A0t1時間內(nèi)，物塊對傳送帶做正功B物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tanC0t2內(nèi)傳送帶對物塊做功為WmvmvD0t2內(nèi)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大5質(zhì)量為m103 kg的汽車在平直的公路上以某一初速度開始加速運動，最后達到了一個穩(wěn)定速度上述全過程中其加速度和速度的倒數(shù)的關(guān)系圖象如圖D55所示根據(jù)圖象所給信息，能求出的物理量有

4、()圖D55A汽車的功率B汽車行駛的最大速度C汽車所受到阻力D汽車運動到最大速度所需的時間6一物體沿固定斜面從靜止開始向下運動，經(jīng)過時間t0滑至斜面底端已知在運動過程中物體所受的摩擦力恒定若用F、v、x和E分別表示該物體所受的合力、物體的速度、位移和機械能，則圖D56中可能正確的是()ABC D圖D567如圖D57所示，固定的傾斜光滑桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧一端相連，彈簧的另一端固定在地面上的A點，彈簧處于原長h，讓圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端時速度為零，則在圓環(huán)下滑過程中()圖D57A圓環(huán)機械能守恒B彈簧的彈性勢能先增大后減小C彈簧的彈性勢能變化了mghD彈簧的彈性

5、勢能最大時圓環(huán)動能最大8如圖D58所示，在光滑固定的曲面上，放有兩個質(zhì)量分別為1 kg和2 kg的可視為質(zhì)點的小球A和B，兩球之間用一根輕質(zhì)彈簧相連，用手拿著A，使彈簧豎直，A、B間距離L0.2 m，B剛剛與曲面接觸且距水平面的高度h0.1 m此時彈簧的彈性勢能Ep1 J，自由釋放后兩球以及彈簧從靜止開始下滑到光滑地面上，以后一直沿光滑地面運動，不計一切碰撞時機械能的損失，g取10 m/s2.則下列說法中正確的是()圖D58A下滑的整個過程中彈簧和A球組成的系統(tǒng)機械能守恒B下滑的整個過程中兩球及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒CB球剛到地面時，速度是 m/sD當(dāng)彈簧處于原長時，以地面為參考平面，兩球在

6、光滑水平面上運動時的機械能為6 J二、實驗題(16分)9在用圖D59裝置進行“探究恒力做功與滑塊動能變化的關(guān)系”實驗中，某同學(xué)設(shè)計了如下實驗步驟：圖D59如圖安裝實驗裝置，反復(fù)移動墊塊的位置，調(diào)整長木板的傾角，直至輕推滑塊后，滑塊沿長木板向下做勻速直線運動；取下細繩和鉤碼，同時記錄鉤碼的質(zhì)量m；保持長木板的傾角不變；啟動打點計時器，讓滑塊沿長木板向下做勻加速直線運動，到達底端時關(guān)閉電源；取下紙帶進行分析，計算恒力做的功與滑塊動能的變化，探尋它們之間的關(guān)系回答下列問題：(重力加速度為g，結(jié)果用已知和測量的物理量字母表示)(1)實驗中，滑塊在勻加速下滑過程中所受的合力大小是用_替代的，其大小為F_

7、；(2)實驗中，得到的紙帶如圖D510所示，已知打點計時器的工作頻率為f，在紙帶上從某一點O開始每隔一個點選取一個計數(shù)點，分別標有O、A、B、C、D、E、F、G，測得相鄰計數(shù)點間的距離如圖所示：圖D510打點計時器打下A點時滑塊的速度vA_；選取紙帶上A、F兩點進行研究，則從A到F，滑塊動能的增加量Ek_；合力F做的功WF_若在誤差允許范圍內(nèi)EkWF，則可初步確定恒力做的功等于滑塊動能的變化三、計算題(46分)10(22分)如圖D511所示，足夠長的傾角為的粗糙斜面上，有一質(zhì)量為m的滑塊距擋板P為L，以初速度v0沿斜面下滑，并與擋板發(fā)生碰撞，滑塊與斜面動摩擦因數(shù)為，mgsin ，即tan ，選

8、項B錯誤；0t2內(nèi)，傳送帶對物塊做的功W加上物塊重力做的功WG等于物塊動能的增加量，即WWGmvmv，而根據(jù)vt圖象可知物塊的位移小于零，故WG0，選項C錯誤； 在0t2內(nèi)時間內(nèi)，物塊與傳送帶之間有相對滑動，系統(tǒng)的一部分機械能會通過“摩擦生熱”轉(zhuǎn)化為熱量即內(nèi)能，其大小Qfx相對，該過程中，物塊受到的摩擦力f大小恒定，設(shè)0t1內(nèi)物塊的位移大小為x1，t1t2內(nèi)物塊的位移大小為x2，對0t2內(nèi)的物塊應(yīng)用動能定理有：fx1fx2WGEk，即Ekf(x1x2)WG，由圖乙知x相對x1x2，選項D正確5ABC解析 汽車速度最大時， 汽車所受到的牽引力F1f，根據(jù)牛頓第二定律Ffma得，ma，即a()，圖

9、象斜率k，橫軸截距b，所以汽車的功率P、汽車行駛的最大速度vm可求，由f 可解得汽車所受到阻力，選項A、B、C正確；汽車不是勻加速運動，故不能求出汽車運動到最大速度所需的時間，選項D錯誤6ACD解析 設(shè)斜面傾角為，物體受到的合力F沿斜面向下，F(xiàn)mgsinf，故F不隨t變化，選項A正確；根據(jù)牛頓第二定律知加速度a也不變，由vat知，vt圖象為過原點的一條傾斜直線，選項B錯誤；物體做勻加速運動，故位移xat2，xt圖象是開口向上的拋物線的一部分，選項C正確；設(shè)物體起初的機械能為E0，t時刻的機械能為E，則EE0fxE0fat2，Et圖象是開口向下的拋物線的一部分，選項D正確7C解析 運動過程中，彈

10、簧和圓環(huán)組成的系統(tǒng)機械能守恒，因彈簧彈力對圓環(huán)做功，故圓環(huán)的機械能不守恒；對彈簧和圓環(huán)系統(tǒng)，根據(jù)機械能守恒定律知，當(dāng)圓環(huán)滑到桿底端時，彈簧的彈性勢能增大量等于圓環(huán)重力勢能的減小量mgh，又因彈簧先被壓縮后被拉伸，所以彈簧的彈性勢能先增大后減小再增大；圓環(huán)到達桿底端時彈簧的彈性勢能最大，此時圓環(huán)動能為零8BD解析 A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，選項A錯誤，選項B正確；B在運動過程中，除重力外彈簧對其做功，所以B的機械能不守恒，因此根據(jù)機械能守恒定律mBghmBv2解得的v2 m/s是錯誤的，選項C錯誤；根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒，到達地面時的機械能與剛釋放時的機械能相等，又彈簧處于原長，則EEkmA

11、g(Lh)mBghEp6 J，選項D正確9(1)鉤碼的重力mg(2)(x6x7)2(x1x2)2mg(x2x3x4x5x6)解析 (1)滑塊勻速下滑時，有Mgsinmgf，滑塊勻速下滑時，滑塊所受合力FMgsinfmg.(2)vA；vF，從A到F動能的增加量EkMvMv(x6x7)2(x1x2)2，合力F做的功WFmg(x2x3x4x5x6)10(1) (2) 解析 (1)設(shè)滑塊第一次與擋板碰撞后上升離開擋板P的最大距離為x.對滑塊應(yīng)用動能定理有mg(Lx)sinmgcos(Lx)0mv解得x.(2)最終滑塊必?？吭趽醢逄帲O(shè)滑塊在整個運動過程中通過的路程為s.根據(jù)能量守恒定律得mgLsinm

12、vmgscos解得s.11(1)4 m/s(2)R0.24 m或R0.6 m解析 (1)根據(jù)牛頓第二定律：對滑塊有mgma1對小車有mgMa2當(dāng)滑塊相對小車靜止時，兩者速度相等，即v0a1ta2t由以上各式解得t1 s，此時小車的速度為v2a2t4 m/s.滑塊的位移x1v0ta1t2小車的位移x2a2t2相對位移L1x1x2聯(lián)立解得L13 m，x22 mL1L，x2s，說明滑塊滑離小車前已具有共同速度，且共速時小車與墻壁還未發(fā)生碰撞，故小車與墻壁碰撞時的速度為：v24 m/s.(2) 滑塊與墻壁碰后在小車上做勻減速運動，運動L2LL11 m后滑上半圓軌道若滑塊恰能通過最高點，設(shè)滑至最高點的速度為vm.則mgm根據(jù)動能定理得mgL2mg2Rmvmv解得R0.24 m若滑塊恰好滑至圓弧到達T點時就停止，則滑塊也能沿圓軌道運動而不脫離圓軌道根據(jù)動能定理得mgL2mgR0mv解得R0.6 m所以滑塊不脫離圓軌道必須滿足：R0.24 m或R0.6 m.- 7 -