(江蘇專用)2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 課時(shí)51 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律加練半小時(shí)

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1、51 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律方法點(diǎn)撥(1)注意庫(kù)侖力的大小與兩點(diǎn)電荷間的距離平方成反比(2)庫(kù)侖力作用下的物體平衡問(wèn)題,要注意整體法、隔離法的應(yīng)用1(2017黑龍江雙鴨山一中月考)兩個(gè)相同的可視為點(diǎn)電荷的帶異種電荷的導(dǎo)體小球所帶電荷量的比值為13,相距為r時(shí)相互作用的庫(kù)侖力的大小為F,今使兩小球接觸后再分開(kāi)放到相距為2r處,則此時(shí)庫(kù)侖力的大小為()A.F B.F C.F D.F2(2018河北邢臺(tái)質(zhì)檢)如圖1所示,帶電物體P、Q可視為點(diǎn)電荷,電荷量相同傾角為、質(zhì)量為M的斜面體放在粗糙水平面上,將質(zhì)量為m的物體P放在粗糙的斜面體上當(dāng)物體Q放在與P等高(PQ連線水平)且與物體P相距為r的右側(cè)位置時(shí)

2、,P靜止且受斜面體的摩擦力為0,斜面體保持靜止,靜電力常量為k,則下列說(shuō)法正確的是()圖1AP、Q所帶電荷量為BP對(duì)斜面的壓力為0C斜面體受到地面的摩擦力為0D斜面體對(duì)地面的壓力為(Mm)g3如圖2所示,光滑平面上固定金屬小球A,用長(zhǎng)為l0的絕緣彈簧將A與另一個(gè)金屬小球B連接,讓它們帶上等量同種電荷,彈簧伸長(zhǎng)量為x1;若兩小球電荷量各漏掉一半,彈簧伸長(zhǎng)量變?yōu)閤2,則有()圖2Ax2x1 Bx2x1 Cx2x1 Dx2ACBC,可以判斷圖中()圖5A三個(gè)小球電荷量的代數(shù)和可能為0B三個(gè)小球一定帶同種電荷C三個(gè)小球所受環(huán)的彈力大小為FNAFNBFNCD三個(gè)小球帶電荷量的大小為QAQCQB7(多選)

3、如圖6所示,a、b、c、d四個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形,其中a、b、c三個(gè)完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng),三小球所在位置恰好將圓周等分小球d位于O點(diǎn)正上方h處,且在外力F作用下恰處于靜止?fàn)顟B(tài),已知a、b、c三小球的電荷量大小均為q,小球d的電荷量大小為6q,hR.重力加速度為g,靜電力常量為k.則()圖6A小球a一定帶正電B小球b的周期為C小球c的加速度大小為D外力F豎直向上,大小等于mg8(2018湖北黃岡模擬)如圖7所示,足夠大的光滑絕緣水平面上有三個(gè)帶電質(zhì)點(diǎn)M、O、N,質(zhì)點(diǎn)O能保持靜止,質(zhì)點(diǎn)M、N均圍繞質(zhì)點(diǎn)O做勻速圓周運(yùn)

4、動(dòng)已知質(zhì)點(diǎn)M、N與質(zhì)點(diǎn)O的距離分別為L(zhǎng)1、L2(L1AC,同時(shí)OABQBQC,D錯(cuò)誤;根據(jù)相似三角形可得,故可得FNCFNBFNA,C錯(cuò)誤7CD小球a、b、c均做半徑相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng),且受力情況相同,故三個(gè)小球的各運(yùn)動(dòng)參量大小均相等以小球a為例,小球a做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由小球d對(duì)小球a的引力的水平分力及小球b、c對(duì)小球a斥力的合力提供,僅可以判斷四個(gè)小球所帶電荷電性的異同,不能確定小球a是否帶正電,A項(xiàng)錯(cuò)誤;由牛頓第二定律得,2kcos 30 kman,其中hR,解得an,C項(xiàng)正確;向心加速度公式anR,得T,B項(xiàng)錯(cuò)誤;對(duì)小球d受力分析,由平衡條件可知:Fmg3kmg,D項(xiàng)正確8C要滿足題目要求,則M、N電性相同,且和O電性相反,A項(xiàng)錯(cuò)誤;M、N繞O做勻速圓周運(yùn)動(dòng),則三質(zhì)點(diǎn)共線,角速度相等,線速度之比等于做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比,vNvM,B項(xiàng)錯(cuò)誤;對(duì)O點(diǎn)受力分析,知kk,()2,C項(xiàng)正確;分別對(duì)M、N受力分析,合力提供向心力,mML12kk,mNL22kk,mML12mNL22,即,D項(xiàng)錯(cuò)誤5

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