《（新課標）2020高考物理二輪復習 專題強化訓練16 高考題型解答技巧及提分方略（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（新課標）2020高考物理二輪復習 專題強化訓練16 高考題型解答技巧及提分方略（含解析）（13頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
1、專題強化訓練(十六)一、選擇題(共20個小題，3、4、6、7、14、15、18、19為多選，其余為單項選擇，每題5分共100分)1有一條兩岸平直，河水均勻流動、流速恒為v的大河，小明駕著小船渡河，去程時船頭朝向始終與河岸垂直，回程時行駛路線與河岸垂直去程與回程所用時間的比值為k，船在靜水中的速度大小相同，則小船在靜水中的速度大小為()A.B.C. D.答案B解析可設河寬為d，船在靜水中的速度為vc，第一種情況時間t1，第二種情況為t2，k，可得出B項是正確的2. (2017遂寧模擬)如圖所示，放于豎直面內的光滑金屬細圓環(huán)半徑為R，質量為m的帶孔小球穿于環(huán)上同時有一長為R的細繩一端系于球上，另一
2、端系于圓環(huán)最低點，繩的最大拉力為2mg.當圓環(huán)以角速度繞豎直直徑轉動時，發(fā)現小球受三個力作用則可能為()A3 B.C. D.答案B解析因為圓環(huán)光滑，所以這三個力肯定是重力、環(huán)對球的彈力、繩子的拉力，細繩要產生拉力，繩要處于拉升狀態(tài)，根據幾何關系可知，此時細繩與豎直方向的夾角為60，當圓環(huán)旋轉時，小球繞豎直軸做圓周運動，向心力由三個力在水平方向的合力提供，其大小為：Fm2r，根據幾何關系，其中rRsin60一定，所以當角速度越大時，所需要的向心力越大，繩子拉力越大，所以對應的臨界條件是小球在此位置剛好不受拉力，此時角速度最小，需要的向心力最小，對小球進行受力分析得：Fmin2mgsin60，即2
3、mgsin60mmin2Rsin60解得：min，所以只要就符合題意當繩子的拉力達最大時，角速度達最大；同理可知，最大角速度為：，故符合條件的只有B項故選B項3(2017四川模擬)如圖所示，質量為3m的豎直光滑圓環(huán)A的半徑為R，固定在質量為2m的木板B上，木板B的左右兩側各有一豎直擋板固定在地面上，B不能左右運動在環(huán)的最低點靜止放有一質量為m的小球C.現給小球一水平向右的瞬時速度v0，小球會在圓環(huán)內側做圓周運動，為保證小球能通過環(huán)的最高點，且不會使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度v0必須滿足()A最小值為 B最大值為3C最小值為 D最大值為答案CD解析在最高點，速度最小時有：mgm，解得：v1.從最
4、高點到最低點的過程中，機械能守恒，設最低點的速度為v1，根據機械能守恒定律，有：2mgRmv12mv12，解得：v1.要使不會使環(huán)在豎直方向上跳起，環(huán)對球的壓力最大為：F2mg3mg5mg，從最高點到最低點的過程中，機械能守恒，設此時最低點的速度為v2，在最高點，速度最大時有：mg5mgm，解得：v2.根據機械能守恒定律有：2mgRmv22mv22，解得：v2.所以保證小球能通過環(huán)的最高點，且不會使環(huán)在豎直方向上跳起，在最低點的速度范圍為：v.故C、D兩項正確，A、B兩項錯誤故選C、D兩項4(2015浦東新區(qū)三模)如圖所示，拖拉機后輪的半徑是前輪半徑的兩倍，A和B是前輪和后輪邊緣上的點，若車行
5、進時車輪沒有打滑，則()A兩輪轉動的周期相等B前輪和后輪的角速度之比為21CA點和B點的線速度大小之比為12DA點和B點的向心加速度大小之比為21答案BD解析輪A、B分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點，所以vAvB，故C項錯誤；根據vr和vAvB，可知A、B兩點的角速度之比為21，故B項正確；據和前輪與后輪的角速度之比21，求得兩輪的轉動周期為12，故A項錯誤；由a，可知，向心加速度與半徑成反比，則A與B點的向心加速度之比為21，故D項正確故選B、D兩項5設地球自轉周期為T，質量為M，引力常量為G，假設地球可視為質量均勻分布的球體，半徑為R.同一物體在南極和赤道水平面上靜止時所受到的支持
6、力之比為()A. B.C. D.答案A解析物體在南極地面所受的支持力等于萬有引力，F，在赤道處，F萬FF向，得FF萬F向，又F向mR，則FmR，由式，可得A項正確6(2018城中區(qū)校級模擬)我國的火星探測計劃在2018年展開，在火星發(fā)射軌道探測器和火星巡視器已知火星的質量約為地球質量的，火星的半徑約為地球半徑的.下列說法中正確的是()A火星探測器的發(fā)射速度應大于第一宇宙速度且小于第二宇宙速度B火星探測器的發(fā)射速度應大于第二宇宙速度且小于第三字宙速度C火星表面與地球表面的重力加速度之比為49D火星探測器環(huán)繞火星運行的最大速度約為地球的第一宇宙速度的倍答案BC解析火星探測器前往火星，脫離地球引力束
7、縛，還在太陽系內，發(fā)射速度應大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度，故A項錯誤，B項正確；根據表面物體受到的引力等于表面物體的重力，即Gm0g，結合火星的質量約為地球質量的，火星的半徑約為地球半徑的，那么火星表面與地球表面的重力加速度之比為49，故C項正確；由m得，v，已知火星的質量約為地球的，火星的半徑約為地球半徑的，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，故D項錯誤故選B、C兩項7. (2017湖南二模)“嫦娥三號”于2013年12月2日在中國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心由長征三號乙運載火箭送人太空，12月14日成功軟著陸于月球雨海西北部，12月15日完成著陸器和巡視器分離，并陸續(xù)開展了“觀天、看地、測
8、月”的科學探測和其他預定任務如圖所示為“嫦娥三號”釋放出的國產“玉兔”號月球車，若該月球車在地球表面的重力為G1，在月球表面的重力為G2，已知地球半徑為R1，月球半徑為R2，地球表面處的重力加速度為g，則()A月球表面處的重力加速度為gB月球車內的物體處于完全失重狀態(tài)C地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為D地球與月球的質量之比為答案AC解析重力加速度：g，故地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為G1G2，故月球表面處的重力加速度為g，故A項正確；在月球表面，月球車內的物體受重力和支持力，不是失重，故B項錯誤；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度v，故地球的第一宇宙速度與月球的
9、第一宇宙速度之比為：，故C項正確；根據g，有：M，故地球的質量與月球的質量之比為：，故D項錯誤故選A、C兩項8.如圖，一載流長直導線和一矩形導線框固定在同一平面內，線框在長直導線右側，且其長邊與長直導線平行已知在t0到tt1的時間間隔內，直導線中電流i發(fā)生某種變化，而線框中感應電流總是沿順時針方向；線框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右設電流i正方向與圖中箭頭方向相同，則i隨時間t變化的圖線可能是()答案A解析要求框中感應電流順時針，根據楞次定律，可知框內磁場要么向里減弱(載流直導線中電流正向減小)，要么向外增強(載流直導線中電流負向增大)線框受安培力向左時，載流直導線電流一定在減小，線
10、框受安培力向右時，載流直導線中電流一定在增大故選A項9地球表面附近某區(qū)域存在大小為150 N/C，方向豎直向下的電場一質量為1.00104 kg，帶電量為1.00107 C的小球從靜止釋放，在電場區(qū)域內下落10.0 m對此過程，該小球的電勢能和動能的改變量分別為(重力加速度大小取9.80 m/s2，忽略空氣阻力)()A1.50104 J和9.95103 JB1.50104 J和9.95103 JC1.50104 J和9.65103 JD1.50104 J和9.65103 J答案D解析電場力做功只與初末位置的電勢差有關，電場力做正功，電勢能減少；電場力做負功，電勢能增加小球帶負電，受到的電場力沿
11、豎直方向向上，所以下落過程，電場力做負功，電勢能增加，A、C兩項錯誤；W電Eqh1.0010715010 J1.5104 J，根據動能定理，合力做功等于動能的變化，有：WGW電(mgEq)h(9.81041.00107150)10 J9.65103 J，D項正確10據報道，天文學家近日發(fā)現了一顆距地球40光年的“超級地球”，名為“55 Cancrie”該行星繞母星(中心天體)運行的周期約為地球繞太陽運行周期的，母星的體積約為太陽的60倍假設母星與太陽密度相同，“55 Cancrie”與地球做勻速圓周運動，則“55 Cancrie”與地球的()A軌道半徑之比約為B軌道半徑之比約為C向心加速度之比
12、約為D向心加速度之比約為答案B解析母星與太陽密度相等，而體積約為60倍，說明母星的質量是太陽質量的60倍由萬有引力提供向心力可知Gmr，所以，代入數據得到B項正確，由加速度a知道，加速度之比為，所以C、D兩項均錯誤11太陽因核聚變釋放出巨大的能量，同時其質量不斷減少太陽每秒鐘輻射出的能量約為41026 J，根據愛因斯坦質能方程，太陽每秒鐘減少的質量最接近()A1036 kg B1018 kgC1013 kg D109 kg答案D解析本題意在考查考生對愛因斯坦質能方程的運用能力，根據Emc2得：m kg4.4109 kg，故D項正確12在國際單位制(簡稱SI)中，力學和電學的基本單位有：m(米)
13、、 kg(千克)、s(秒)、A(安培)導出單位V(伏特)用上述基本單位可表示為()Am2kgs4A1 Bm2kgs3A1Cm2kgs2A1 Dm2kgs1A1答案B13.如圖，在光滑水平面上有一質量為m1的足夠長的木板，其上疊放一質量為m2的木塊假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等現給木塊施加一隨時間t增大的水平力Fkt(k是常數)，木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2，下列反映a1和a2變化的圖線中正確的是()答案A解析木塊和木板之間相對靜止時，所受的摩擦力為靜摩擦力在達到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運動，根據牛頓第二定律a1a2.木塊和木板相對運動時，a1恒定不變，
14、a2g，故A項正確14(2017樂山模擬)如圖甲所示，一理想變壓器原、副線圈匝數之比為556，其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦交流電，副線圈通過電流表與負載電阻R48 相連若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說法中正確的是()A變壓器輸入電壓的最大值是220 VB若電流表的示數為0.50 A，變壓器的輸入功率是12 WC原線圈輸入的正弦交變電流的頻率是50 HzD電壓表的示數是24 V答案BC解析由圖乙可知交流電壓最大值Um220 V，故A項錯誤；理想變壓器原、副線圈匝數之比為556，電阻R的電壓為U2U1220 V24 V，電壓表的示數是24 V電阻為48 ，所以流過電阻中的電流為0
15、.5 A，變壓器的輸入功率是：P入P出 W12 W故B項正確，D項錯誤；由圖乙可知交流電周期T0.02 s，可由周期求出正弦交變電流的頻率是50 Hz，故C項正確15(2017資陽模擬)如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內存在垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶正電粒子以速度v1從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經過t1時間射出磁場另一相同的帶電粒子以速度v2從距離直徑AOB的距離為的C點平行于直徑AOB方向射入磁場，經過t2時間射出磁場兩種情況下，粒子射出磁場時的速度方向與初速度方向間的夾角均為60.不計粒子受到的重力，則()Av1v21 Bv1v21Ct1t2 Dt1t2答案AC解析如圖由幾何知識知R1
16、Rtan60，R2R，根據牛頓運動定律知Bqvm，知r與v成正比，故v1v2R1R2Rtan60R1，故A項正確，B項錯誤；由周期T知兩粒子周期相同，在磁場中運動的時間為tT決定于角度，角度相同，則時間相同，故C項正確，D項錯誤故選A、C兩項16.圖示為一個內、外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)狀均勻帶電平面，其單位面積帶電量為.取環(huán)面中心O為原點，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸設軸上任意點P到O點的的距離為x，P點電場強度的大小為E.下面給出E的四個表達式(式中k為靜電力常量)，其中只有一個是合理的你可能不會求解此處的場強E，但是你可以通過一定的物理分析，對下列表達式的合理性做出判斷根據你的判斷，E的合
17、理表達式應為()AE2kxBE2kxCE2kxDE2kx答案B解析由極限知識，設想R1的半徑非常小，不失一般性，取最小值R10時，對于A項而言E0，此時帶電圓環(huán)演變?yōu)閹щ妶A面，中心軸線上一點的電場強度E0，故排除A項；若取x0時，此時題目演變?yōu)榍驩點的場強，由對稱性可知EO0，對于C項而言，x0時E為一定值，故排除C項；用極限知識若取x時E0，而D項中化簡得E4k，故排除D項；所以，由極限法知正確選項只能為B項17如圖所示，有兩個相鄰的有界勻強磁場區(qū)域，磁感應強度的大小均為B，磁場方向相反，且與紙面垂直，磁場區(qū)域在x軸方向寬度均為a，在y軸方向足夠長現有一高為a的正三角形導線框從圖示位置開始向
18、右沿x軸方向勻速穿過磁場區(qū)域若以逆時針方向為電流的正方向，在選項圖中，線框中感應電流i與線框移動的位移x的關系圖象正確的是()答案C解析線圈向右開始運動后，在0a這段位移內，穿過線圈的磁場向里且磁通量增加，根據楞次定律可判斷出感應電流為逆時針，在a2a這段位移內，向里穿過線圈的磁通量減少，且向外穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可判斷出感應電流為順時針，在2a3a位移內，穿過線圈的磁通量向外且減少，由楞次定律可判斷出感應電流為逆時針，C項正確18. (2016江蘇南京二模)如圖所示，光滑平行金屬導軌MN、PQ所在平面與水平面成角，M、P兩端接一阻值為R的定值電阻，阻值為r的金屬棒ab垂直導軌放置
19、，其他部分電阻不計整個裝置處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直導軌平面向下t0時對金屬棒施一平行于導軌的外力F，金屬棒由靜止開始沿導軌向上做勻加速直線運動下列關于回路abPMa的磁通量變化量、磁通量的瞬時變化率、通過金屬棒的電荷量q隨時間t變化以及a、b兩端的電勢差U隨時間t變化的圖象中，正確的是()答案BD解析設加速度為a，運動的位移xat2，磁通量變化量BLxBLat2，t2，A項錯誤；感應電動勢EBLat，故t，B項正確；Ut，Ut，D項正確；電荷量q，因為t2，所以qt2，C項錯誤19. (2016山東省煙臺市模擬)如圖所示，同一豎直面內的正方形導線框a、b的邊長均為l，電阻均
20、為R，質量分別為2m和m.它們分別系在一跨過兩個定滑輪的輕繩兩端，在兩導線框之間有一寬度為2l、磁感應強度大小為B、方向垂直豎直面的勻強磁場區(qū)域開始時，線框b的上邊界與勻強磁場的下邊界重合，線框a的下邊到勻強磁場的上邊界的距離為l.現將系統由靜止釋放，當線框b全部進入磁場時，a、b兩個線框開始做勻速運動不計摩擦和空氣阻力，則()Aa、b兩個線框勻速運動的速度大小為B線框a從下邊進入磁場到上邊離開磁場所用時間為C從線框b全部進入磁場到線框a全部進入磁場的過程中，線框a所產生的焦耳熱為mglD從開始運動到線框a全部進入磁場的過程中，兩線框共克服安培力做功為2mgl答案BC解析當線框b全部進入磁場時
21、，a的下邊剛進入磁場，則此時兩線圈勻速運動，則mgF安2mg，而F安，解得v，故A項錯誤；從線框a的下邊界進入磁場到上邊離開磁場的過程，兩線圈一直做勻速運動，則所用的時間t，故B項正確；從線框b全部進入磁場到線框a全部進入磁場的過程中，因為兩線圈勻速運動，故線框a所產生的焦耳熱等于兩線圈的重力勢能的減小量：QEp2mglmglmgl，故C項正確；從開始運動到線框a全部進入磁場的過程中，兩線框共克服安培力做功等于對這一過程，由能量守恒定律有4mgl2mgl3mv2W，W2mgl，故D項錯誤；故B、C兩項正確20(2016遼寧省沈陽市)如圖所示，初始時刻靜止在水平面上的兩物體A、B堆疊在一起，現對A施加一水平向右的拉力F，下列說法正確的是()A若地面光滑，無論拉力F為多大，兩物體一定不會發(fā)生相對滑動B若地面粗糙，A向右運動，B是否運動取決于拉力F的大小C若兩物體一起運動，則A、B間無摩擦力D若A、B間發(fā)生相對滑動，則物體B的加速度大小與拉力F無關答案D解析若地面光滑，兩物體間接觸也是光滑的，則A、B間一定有相對滑動，A、C兩項錯誤；若地面粗糙，A向右運動，B是否運動取決于AB間摩擦力的大小，B項錯誤；若A、B間發(fā)生相對滑動，A對B的作用是滑動摩擦力，其大小與F無關，所以B的加速度大小與F無關，D項正確；故選D項13
（新課標）2020高考物理二輪復習 專題強化訓練16 高考題型解答技巧及提分方略（含解析）
