2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時規(guī)范練15 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的小綜合 文 北師大版.doc

《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時規(guī)范練15 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的小綜合 文 北師大版.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時規(guī)范練15 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的小綜合 文 北師大版.doc（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時規(guī)范練15導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的小綜合基礎(chǔ)鞏固組1.函數(shù)f(x)=(x-3)ex的遞增區(qū)間是()A.(-,2)B.(0,3)C.(1,4)D.(2, +)2.已知函數(shù)f(x)=ax3+bx2+cx+d的圖像如圖所示,則下列結(jié)論成立的是()A.a0,b0,c0,d0,b0,c0,d0C.a0,b0,d0D.a0,b0,c0,d03.若f(x)=- (x-2)2+bln x在(1,+)上是減函數(shù),則b的取值范圍是()A.-1,+)B.(-1,+)C.(-,-1D.(-,-1)4.(2018湖南郴州一模)若ba3,f(x)=lnxx,則下列各結(jié)論中正確的是()A.f(a)f(ab)fa+b2B.f(ab)fa+b2f(b)C.f(ab)fa+b2f(a)D.f(b)fa+b20時,xf(x)-f(x)0成立的x的取值范圍是.10.(2018河北衡水中學(xué)押題二,21改編)設(shè)函數(shù)f(x)=-a2ln x+x2-ax(aR).試討論函數(shù)f(x)的單調(diào)性.綜合提升組11.若函數(shù)f(x)=x+ (bR)的導(dǎo)函數(shù)在區(qū)間(1,2)上有零點,則f(x)在下列區(qū)間上遞增的是()A.(-2,0)B.(0,1)C.(1,+)D.(-,-2)12.(2018衡水中學(xué)九模,15)設(shè)函數(shù)f(x)=x2+1x,g(x)=xex,對任意x1,x2(0,+),不等式g(x1)kf(x2)k+1恒成立,則正數(shù)k的取值范圍是.創(chuàng)新應(yīng)用組13.(2018陜西咸陽二模,12)已知定義在R上的函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)為f(x),且f(x)+f(x)1,設(shè)a=f(2)-1,b=ef(3)-1,則a,b的大小關(guān)系為()A.abC.a=bD.無法確定14.(2018湖南長郡中學(xué)三模,12)若函數(shù)f(x)在區(qū)間A上,對任意a,b,cA,f(a),f(b),f(c)為一個三角形的三邊長,則稱函數(shù)f(x)為“三角形函數(shù)”.已知函數(shù)f(x)=xln x+m在區(qū)間1e2,e上是“三角形函數(shù)”,則實數(shù)m的取值范圍為()A.1e,e2+2eB.2e,+C.1e,+D.e2+2e,+課時規(guī)范練15導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的小綜合1.D函數(shù)f(x)=(x-3)ex的導(dǎo)數(shù)為f(x)=(x-3)ex=ex+(x-3)ex=(x-2)ex.由導(dǎo)數(shù)與函數(shù)單調(diào)性的關(guān)系,得當(dāng)f(x)0時,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增,此時由不等式f(x)=(x-2)ex0,解得x2.2.C由題圖可知f(0)=d0,排除選項A,B;f(x)=3ax2+2bx+c,且由題圖知(-,x1), (x2,+)是函數(shù)的遞減區(qū)間,可知a0,排除D.故選C.3.C由題意可知f(x)=-(x-2)+0在x(1,+)上恒成立,即bx(x-2)在x(1,+)上恒成立.由于(x)=x(x-2)=x2-2x在(1,+)上的值域是(-1,+),故只要b-1即可.4.Df(x)=lnxx,f(x)=1-lnxx2.令f(x)=0,解得x=e.當(dāng)xe時,f(x)0,此時f(x)是減少的;當(dāng)0x0,此時f(x)是增加的.ba3e,abba+b2abae,f(a)f(ab)fa+b2f(b)f(ab).故選D.5.A當(dāng)x0,f(x)在(-,0)內(nèi)遞增,則B、D錯誤;當(dāng)x0時,f(x)=2x-ln x,f(x)=2-1x=2x-1x,則f(x)在0,12內(nèi)遞減,在12,+內(nèi)遞增,故選A.6.Af(x)=x-1x=x2-1x,且x0.令f(x)0,得x1;令f(x)0,得0x1.f(x)在x=1處取得極小值也是最小值,且f(1)= -ln 1=.7.Bf(x)=x(ln x-ax),f(x)=ln x-2ax+1,由題意可知f(x)在(0,+)內(nèi)有兩個不同的零點,令f(x)=0,得2a=lnx+1x,設(shè)g(x)=lnx+1x,則g(x)=-lnxx2,g(x)在(0,1)內(nèi)遞增,在(1,+)內(nèi)遞減.當(dāng)x0時,g(x)-,當(dāng)x+時,g(x)0,而g(x)max=g(1)=1,只需02a1,即0a0,即1-2x0,解得0x0時,令F(x)=f(x)x,則F(x)=xf(x)-f(x)x20時,F(x)=f(x)x是減少的.f(x)為奇函數(shù),且由f(-1)=0,得f(1)=0,故F(1)=0.在區(qū)間(0,1)內(nèi),F(x)0;在 (1,+)內(nèi),F(x)0,即當(dāng)0x0;當(dāng)x1時,f(x)0;當(dāng)x(-1,0)時,f(x)0的解集為(-,-1)(0,1).10.解 f(x)=-a2ln x+x2-ax,函數(shù)f(x)的定義域為(0,+),f(x)=-a2x+2x-a=2x2-ax-a2x=(2x+a)(x-a)x.若a0,則當(dāng)x(0,a)時,f(x)0,函數(shù)f(x)遞增;若a=0,則當(dāng)f(x)=2x0在x(0,+)內(nèi)恒成立,函數(shù)f(x)遞增;若a0,則當(dāng)x0,-a2時,f(x)0,函數(shù)f(x)遞增.11.D由題意知,f(x)=1-bx2,函數(shù)f(x)=x+bx(bR)的導(dǎo)函數(shù)在區(qū)間(1,2)上有零點,當(dāng)1-bx2=0時,b=x2.又x(1,2),b(1,4),令f(x)0,解得xb,即f(x)的遞增區(qū)間為(-,-b),(b,+).b(1, 4),(-,-2)符合題意,故選D.12.12e-1,+對任意x1,x2(0,+),不等式g(x1)kf(x2)k+1恒成立等價于g(x1)kmaxf(x2)k+1min,x0,f(x)=x2+1x=x+1x2,當(dāng)且僅當(dāng)x=1時取等號,f(x)min=f(1)=2,即f(x2)k+1min=2k+1,g(x)=ex-xex(ex)2=1-xex,當(dāng)0x0,當(dāng)x1時,g(x)1,g(x)0,即函數(shù)g(x)是R上的增函數(shù),則g(2)g(3),g(2)=e2f(2)-1=e2a,g(3)=e3f(3)-1=e2b,e2ae2b,即af(x)max時,函數(shù)f(x)就是“三角形函數(shù)”,2-1e+me+m,解得me+2e,故選D.