（江蘇專用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場 課時57 帶電粒子在交變電場中的運(yùn)動加練半小時.docx

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57 帶電粒子在交變電場中的運(yùn)動方法點(diǎn)撥(1)在交變電場中做直線運(yùn)動時，一般是幾段變速運(yùn)動組合可畫出vt圖象，分析速度、位移變化(2)在交變電場中的偏轉(zhuǎn)若是幾段類平拋運(yùn)動的組合，可分解后畫出沿電場方向分運(yùn)動的vt圖象，分析速度變化，或是分析偏轉(zhuǎn)位移與偏轉(zhuǎn)電壓的關(guān)系式1(2018湖北黃岡模擬)一勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化的圖象如圖1所示，在該勻強(qiáng)電場中，有一個帶電粒子于t0時刻由靜止釋放，若帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是()圖1A帶電粒子只向一個方向運(yùn)動B02 s內(nèi)，電場力做功等于0C4 s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)D2.54 s內(nèi)，電場力做功等于02(多選)(2017山東青島二中模擬)如圖2甲所示，平行金屬板中央有一個靜止的電子(不計重力)，兩板間距離足夠大當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，下圖中，反映電子速度v、位移x和加速度a三個物理量隨時間t的變化規(guī)律可能正確的是()圖23(多選)(2017四川宜賓二診)如圖3甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0的周期性變化的電壓在兩板左側(cè)緊靠P板處有一粒子源A，自t0時刻開始連續(xù)釋放初速度大小為v0，方向平行于金屬板的相同帶電粒子. t0時刻釋放的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開電場已知電場變化周期T，粒子質(zhì)量為m，不計粒子重力及相互間的作用力則()圖3A在t0時刻進(jìn)入的粒子離開電場時速度大小仍為v0B粒子的電荷量為 C在tT時刻進(jìn)入的粒子離開電場時電勢能減少了mv02D在tT時刻進(jìn)入的粒子剛好從P板右側(cè)邊緣離開電場4(多選)(2018河北邢臺質(zhì)檢)如圖4甲所示，兩平行金屬板A、B放在真空中，間距為d，P點(diǎn)在A、B板間，A板接地，B板的電勢隨時間t變化情況如圖乙所示t0時，在P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，當(dāng)t2T時，電子回到P點(diǎn)電子運(yùn)動中沒與極板相碰，不計重力則()圖4A1212 B1213C在02T內(nèi)，當(dāng)tT時電子的動能最大D在02T內(nèi)，電子的電勢能減小了5(多選)如圖5甲所示，一平行板電容器極板長l10 cm，寬a8 cm，兩極板間距為d4 cm，距極板右端處有一豎直放置的熒光屏在平行板電容器左側(cè)有一長b8 cm的“狹縫”粒子源，可沿著兩板中心平面，均勻、連續(xù)不斷地向電容器內(nèi)射入比荷為21010 C/kg，速度為4106 m/s的帶電粒子現(xiàn)在平行板電容器的兩極板間加上如圖乙所示的交流電，已知粒子在電容器中運(yùn)動所用的時間遠(yuǎn)小于交流電的周期下面說法正確的是()圖5A粒子打到屏上時在豎直方向上偏移的最大距離為6.25 cmB粒子打在屏上的區(qū)域面積為64 cm2C在00.02 s內(nèi)，進(jìn)入電容器內(nèi)的粒子有64%能夠打在屏上D在00.02 s內(nèi)，屏上出現(xiàn)亮線的時間為0.012 8 s6(2017遼寧沈陽質(zhì)檢)如圖6中a所示的xOy平面處于勻強(qiáng)電場中，電場方向與x軸平行，電場強(qiáng)度E隨時間t變化的周期為T，變化圖線如圖b所示，E為E0時電場強(qiáng)度的方向沿x軸正方向有一帶正電的粒子P，在某一時刻t0以某一速度v沿y軸正方向自坐標(biāo)原點(diǎn)O射入電場，粒子P經(jīng)過時間T到達(dá)的點(diǎn)記為A(A點(diǎn)在圖中未畫出)若t00，則OA連線與y軸正方向夾角為45，不計粒子重力圖6(1)求粒子的比荷；(2)若t0，求A點(diǎn)的坐標(biāo)；(3)若t0，求粒子到達(dá)A點(diǎn)時的速度答案精析1D畫出帶電粒子速度v隨時間t變化的圖象如圖所示，vt圖線與時間軸所圍“面積”表示位移，可見帶電粒子不是只向一個方向運(yùn)動，4 s末帶電粒子不能回到原出發(fā)點(diǎn)，A、C錯誤；2 s末速度不為0，可見02 s內(nèi)電場力做功不等于0，B錯誤；2.5 s和4 s末，速度的大、小方向都相同，2.54 s內(nèi)電場力做功等于0，所以D正確2AD在平行金屬板之間加上如題圖乙所示的交變電壓時，因為電子在平行金屬板間所受的電場力F，所以電子所受的電場力大小不變由牛頓第二定律Fma可知，電子在第一個內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動；在第二個內(nèi)向B板做勻減速直線運(yùn)動，在第三個內(nèi)反向做勻加速直線運(yùn)動，在第四個內(nèi)向A板做勻減速直線運(yùn)動，所以at圖象如選項圖D所示，vt圖象如選項圖A所示；又因勻變速直線運(yùn)動位移xv0tat2，所以xt圖象應(yīng)是曲線，故選項A、D正確，B、C錯誤3AD4.BD5BCD設(shè)粒子恰好從極板邊緣射出時極板兩端的電壓為U0，水平方向lv0t，豎直方向a0t2，又a0，解得U0128 V，即當(dāng)U128 V時粒子打到極板上，當(dāng)U128 V時粒子打到熒光屏上，設(shè)打到熒光屏上的粒子在豎直方向上偏轉(zhuǎn)的最大位移為y，由幾何關(guān)系和類平拋運(yùn)動規(guī)律得，解得yd4 cm，選項A錯誤；由對稱性知，粒子打到熒光屏上的區(qū)域總長度為2d，則粒子打到熒光屏上的區(qū)域面積為S2da64 cm2，選項B正確；在前T，粒子打到熒光屏上的時間t00.005 s0.003 2 s，又由對稱性知，在一個周期內(nèi)，粒子打在熒光屏上的總時間t4t00.012 8 s，選項D正確；因為這些粒子均勻、連續(xù)地進(jìn)入電場，設(shè)一個周期內(nèi)進(jìn)入電容器內(nèi)的粒子能夠打在熒光屏上的比例為，此時電容器兩端的電壓U128 V，則100%64%，選項C正確6見解析解析(1)粒子在t00時刻射入電場，粒子沿y軸方向的分運(yùn)動為勻速運(yùn)動，位移大小為：yvT粒子沿x軸方向在0內(nèi)做初速度為零的勻加速運(yùn)動，位移為x1，末速度為v1，則：x1a()2，v1a粒子沿x軸方向在T內(nèi)做勻減速運(yùn)動，位移為x2，由題意知兩段運(yùn)動的加速度大小相等，則：x2v1()a()2粒子沿x軸方向的總位移為x，則：xx1x2粒子只受到電場力作用，由牛頓第二定律得：qE0mayx聯(lián)立各式解得：(2)粒子在t0時刻射入電場，粒子沿y軸方向的分運(yùn)動為勻速運(yùn)動，位移大小為：yvT粒子沿x軸方向在內(nèi)做初速度為零的勻加速運(yùn)動，位移為x3，末速度為v2，則：x3a()2v2a粒子沿x軸方向在T內(nèi)做勻變速運(yùn)動，位移為x4，末速度為v3，則：x4v2()a()2v3v2a粒子沿x軸方向在T內(nèi)做勻變速運(yùn)動，位移為x5，則：x5v3()a()2粒子沿x軸的總位移為x，則：xx3x4x5聯(lián)立各式解得：x0則A點(diǎn)的坐標(biāo)為(0，vT)(3)粒子在t0時刻射入電場，粒子沿y軸方向的分運(yùn)動為勻速運(yùn)動，速度不變；沿x軸方向在內(nèi)做初速度為零的勻加速運(yùn)動，末速度為v4，則：v4a粒子沿x軸方向在T內(nèi)做勻變速運(yùn)動，末速度為v5，則：v5v4a粒子沿x軸方向在T內(nèi)做勻變速運(yùn)動，末速度為v6，則：v6v5a聯(lián)立各式解得：v60則：粒子通過A點(diǎn)的速度為v