《(通用版)2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練(二)(含解析)》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(通用版)2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練(二)(含解析)(5頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練(二)1如圖所示,一個(gè)帶電荷量為Q的點(diǎn)電荷甲,固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)。另一個(gè)帶電荷量為q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙,從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線向甲運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為v,且為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為f,A、B間距離為L(zhǎng)0,靜電力常量為k,則下列說(shuō)法正確的是()A點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,加速度逐漸增大B點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,其電勢(shì)能先增大再減小COB間的距離為 D在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中,AB間電勢(shì)差UAB解析:選C點(diǎn)電荷乙在向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,受到點(diǎn)電荷甲的庫(kù)侖力和阻力,且?guī)靵隽χ饾u增大,由題意知,在B點(diǎn)時(shí)速度最小,則
2、點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先減速后加速,運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)庫(kù)侖力與阻力大小相等,加速度為零,根據(jù)庫(kù)侖定律,有kf,所以rOB ,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,C正確;點(diǎn)電荷乙向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,庫(kù)侖力一直做正功,點(diǎn)電荷乙的電勢(shì)能一直減小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理,qUABfL0mv2mv02,解得UAB,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2.如圖所示,理想變壓器原線圈兩端A、B接在電動(dòng)勢(shì)為E8 V,內(nèi)阻為r2 的交流電源上,理想變壓器的副線圈兩端與滑動(dòng)變阻器Rx相連,變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為12,當(dāng)電源輸出功率最大時(shí)()A滑動(dòng)變阻器的阻值Rx2 B最大輸出功率P4 WC變壓器的輸出電流I22 AD滑動(dòng)變阻器的阻值Rx8 解析:選D當(dāng)外電
3、路電壓等于內(nèi)電路電壓時(shí)電源輸出功率最大,即U1Ur,且U1Ur8 V,故U1Ur4 V,根據(jù)歐姆定律可得I12 A,故根據(jù)可得副線圈中的電流為I21 A,根據(jù)可得副線圈兩端的電壓U28 V,故Rx 8 ,最大輸出功率為PU2I28 W,故D正確。3.如圖所示,空間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.5 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向外,一質(zhì)量M0.2 kg且足夠長(zhǎng)的絕緣塑料板靜止在光滑水平面上。在塑料板左端無(wú)初速度放上一質(zhì)量m0.1 kg、電荷量q0.2 C的滑塊,滑塊與塑料板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5,滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力?,F(xiàn)對(duì)塑料板施加方向水平向左、大小F0.6 N的恒力,g取10 m/s2
4、,則()A塑料板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)B滑塊開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng),然后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),最后做勻速直線運(yùn)動(dòng)C最終塑料板做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),滑塊做速度為10 m/s的勻速運(yùn)動(dòng)D最終塑料板做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),滑塊做速度為6 m/s的勻速運(yùn)動(dòng)解析:選B滑塊隨塑料板向左運(yùn)動(dòng)時(shí),受到豎直向上的洛倫茲力,則滑塊和塑料板之間的正壓力逐漸減小。開(kāi)始時(shí)塑料板和滑塊加速度相同,由F(Mm)a,得a2 m/s2,對(duì)滑塊有(mgqvB)ma,當(dāng)v6 m/s時(shí),滑塊恰好相對(duì)于塑料板有相對(duì)滑動(dòng),此后滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)mgqvB,即v10 m/s時(shí)滑塊對(duì)塑
5、料板的壓力FN0,此后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng),塑料板所受的合力為0.6 N,由FMa1,得a13 m/s2,B選項(xiàng)正確。4.如圖所示,一對(duì)光滑的平行金屬導(dǎo)軌(電阻不計(jì))固定在同一水平面內(nèi),導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且間距為L(zhǎng),左端接有阻值為R的電阻,一質(zhì)量為m、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的勻質(zhì)金屬棒cd放置在導(dǎo)軌上,金屬棒的電阻為r,整個(gè)裝置置于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。金屬棒在水平向右的拉力F作用下,由靜止開(kāi)始做加速度大小為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)的位移為s時(shí),下列說(shuō)法正確的是()A金屬棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒬到cB金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BLC金屬棒中感應(yīng)電流為D水平拉力F的大小為解析:選C根據(jù)右手定則可知金屬
6、棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒫到d,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;設(shè)金屬棒的位移為s時(shí)速度為v,則v22as,金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBLvBL,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;金屬棒中感應(yīng)電流的大小I,解得I,選項(xiàng)C正確;金屬棒受到的安培力大小F安BIL,由牛頓第二定律可得FF安ma,解得Fma,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 5.圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖,圖乙為氫原子的光譜。已知譜線b是氫原子從n5的能級(jí)躍遷到n2的能級(jí)時(shí)的輻射光,則譜線a可能是氫原子()A從n2的能級(jí)躍遷到n1的能級(jí)時(shí)的輻射光B從n3的能級(jí)躍遷到n1的能級(jí)時(shí)的輻射光C從n4的能級(jí)躍遷到n1的能級(jí)時(shí)的輻射光D從n4的能級(jí)躍遷到n2的能級(jí)時(shí)的輻射光解析:選D譜線a波長(zhǎng)大于譜線b波長(zhǎng),所
7、以a光的光子頻率小于b光的光子頻率,所以a光的光子能量小于n5和n2間的能級(jí)差,輻射光的能量小于此能級(jí)差的只有n4和n2間的能級(jí)差,故D正確,A、B、C錯(cuò)誤。6.多選中國(guó)科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了量子反常霍爾效應(yīng),楊振寧稱這一發(fā)現(xiàn)是諾貝爾獎(jiǎng)級(jí)的成果。如圖所示,厚度為h,寬度為d的金屬導(dǎo)體,當(dāng)磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí),在導(dǎo)體上下表面會(huì)產(chǎn)生電勢(shì)差,這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。下列說(shuō)法正確的是()A上表面的電勢(shì)高于下表面電勢(shì)B僅增大h時(shí),上、下表面的電勢(shì)差不變C僅增大d時(shí),上、下表面的電勢(shì)差減小D僅增大電流I時(shí),上、下表面的電勢(shì)差減小解析:選BC根據(jù)左手定則可知自由電子向上偏轉(zhuǎn),則上表面帶負(fù)電,下表面帶正電,所以下表面
8、電勢(shì)高于上表面電勢(shì),所以A錯(cuò)誤;最終穩(wěn)定時(shí),evBe,解得UvBh,根據(jù)電流的微觀表達(dá)式IneSv,Shd,故UBh,所以h增大時(shí),上、下表面電勢(shì)差不變,所以B正確;當(dāng)d增大時(shí),U減小,所以C正確;I增大時(shí),U增大,所以D錯(cuò)誤。7.多選如圖所示,兩根相距為d的足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上,導(dǎo)軌電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直,長(zhǎng)度等于d的兩導(dǎo)體棒M、N平行地放在導(dǎo)軌上,且電阻均為R、質(zhì)量均為m,開(kāi)始時(shí)兩導(dǎo)體棒靜止?,F(xiàn)給M一個(gè)平行導(dǎo)軌向右的瞬時(shí)沖量I,整個(gè)過(guò)程中M、N均與導(dǎo)軌接觸良好,下列說(shuō)法正確的是()A回路中始終存在逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鰾N的最大加速度為C回路中的最大電流為
9、DN獲得的最大速度為解析:選BCM剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí),回路中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流,隨著電流的產(chǎn)生,M受向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng),N受到向右的安培力做加速運(yùn)動(dòng),直到兩者共速時(shí)回路中感應(yīng)電流為零,安培力為零,兩者做勻速運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;M剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí),電路中的感應(yīng)電流最大,N所受安培力最大,加速度最大,則:Imv0,EmBdv0,Im,F(xiàn)安BImdmam,解得am,Im,選項(xiàng)B、C正確;當(dāng)M、N共速時(shí)N速度最大,根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得:I2mv,解得v,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。8.多選如圖所示,直角三角形ABC由三段細(xì)直桿連接而成,AB桿豎直,長(zhǎng)為2L的AC桿粗糙且絕緣,其傾角為30,D為AC上一點(diǎn),且BD垂直于A
10、C,在BC桿中點(diǎn)O處放置一正點(diǎn)電荷Q,一套在細(xì)桿上的帶負(fù)電小球(未畫(huà)出),以初速度v0由C點(diǎn)沿CA上滑,滑到D點(diǎn)速率恰好為零,之后沿AC桿滑回C點(diǎn)。小球質(zhì)量為m、電荷量為q,重力加速度為g。則()A小球下滑過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功B小球再次滑回C點(diǎn)時(shí)的速率為vCC小球下滑過(guò)程中動(dòng)能、電勢(shì)能、重力勢(shì)能三者之和減小D小球上滑過(guò)程中和下滑過(guò)程中經(jīng)過(guò)任意位置時(shí)的加速度大小都相等解析:選BC小球下滑過(guò)程中點(diǎn)電荷Q對(duì)小球的庫(kù)侖力是吸引力,故電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功,故A錯(cuò)誤;小球從C到D的過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)能定理得:0mv02mghWf,再?gòu)腄回到C的過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)能定理得:mvC20mghWf,根據(jù)幾何關(guān)系可知,hL,解得:vC,故B正確;小球下滑過(guò)程中由于摩擦力做負(fù)功,則小球動(dòng)能、電勢(shì)能、重力勢(shì)能三者之和減小,故C正確;小球上滑過(guò)程中所受的摩擦力方向沿AC向下,而下滑過(guò)程中所受摩擦力方向沿AC向上,雖然在同一位置時(shí)所受的庫(kù)侖力相同,但是加速度大小不相等,故D錯(cuò)誤。5