（通用版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練（二）（含解析）

電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練（二）1如圖所示，一個帶電荷量為Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)。另一個帶電荷量為q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙，從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線向甲運(yùn)動，運(yùn)動到B點(diǎn)時速度為v，且為運(yùn)動過程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為f，A、B間距離為L0，靜電力常量為k，則下列說法正確的是()A點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動的過程中，加速度逐漸增大B點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動的過程中，其電勢能先增大再減小COB間的距離為 D在點(diǎn)電荷甲形成的電場中，AB間電勢差UAB解析：選C點(diǎn)電荷乙在向甲運(yùn)動的過程中，受到點(diǎn)電荷甲的庫侖力和阻力，且?guī)靵隽χ饾u增大，由題意知，在B點(diǎn)時速度最小，則點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動過程中先減速后加速，運(yùn)動到B點(diǎn)時庫侖力與阻力大小相等，加速度為零，根據(jù)庫侖定律，有kf，所以rOB ，選項(xiàng)A錯誤，C正確；點(diǎn)電荷乙向甲運(yùn)動的過程中，庫侖力一直做正功，點(diǎn)電荷乙的電勢能一直減小，選項(xiàng)B錯誤；根據(jù)動能定理，qUABfL0mv2mv02，解得UAB，選項(xiàng)D錯誤。2.如圖所示，理想變壓器原線圈兩端A、B接在電動勢為E8 V，內(nèi)阻為r2 的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動變阻器Rx相連，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為12，當(dāng)電源輸出功率最大時()A滑動變阻器的阻值Rx2 B最大輸出功率P4 WC變壓器的輸出電流I22 AD滑動變阻器的阻值Rx8 解析：選D當(dāng)外電路電壓等于內(nèi)電路電壓時電源輸出功率最大，即U1Ur，且U1Ur8 V，故U1Ur4 V，根據(jù)歐姆定律可得I12 A，故根據(jù)可得副線圈中的電流為I21 A，根據(jù)可得副線圈兩端的電壓U28 V，故Rx 8 ，最大輸出功率為PU2I28 W，故D正確。3.如圖所示，空間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.5 T的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外，一質(zhì)量M0.2 kg且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面上。在塑料板左端無初速度放上一質(zhì)量m0.1 kg、電荷量q0.2 C的滑塊，滑塊與塑料板之間的動摩擦因數(shù)0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)對塑料板施加方向水平向左、大小F0.6 N的恒力，g取10 m/s2，則()A塑料板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動B滑塊開始做勻加速運(yùn)動，然后做加速度減小的加速運(yùn)動，最后做勻速直線運(yùn)動C最終塑料板做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動，滑塊做速度為10 m/s的勻速運(yùn)動D最終塑料板做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動，滑塊做速度為6 m/s的勻速運(yùn)動解析：選B滑塊隨塑料板向左運(yùn)動時，受到豎直向上的洛倫茲力，則滑塊和塑料板之間的正壓力逐漸減小。開始時塑料板和滑塊加速度相同，由F(Mm)a，得a2 m/s2，對滑塊有(mgqvB)ma，當(dāng)v6 m/s時，滑塊恰好相對于塑料板有相對滑動，此后滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)mgqvB，即v10 m/s時滑塊對塑料板的壓力FN0，此后滑塊做勻速運(yùn)動，塑料板所受的合力為0.6 N，由FMa1，得a13 m/s2，B選項(xiàng)正確。4.如圖所示，一對光滑的平行金屬導(dǎo)軌(電阻不計)固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長且間距為L，左端接有阻值為R的電阻，一質(zhì)量為m、長度為L的勻質(zhì)金屬棒cd放置在導(dǎo)軌上，金屬棒的電阻為r，整個裝置置于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。金屬棒在水平向右的拉力F作用下，由靜止開始做加速度大小為a的勻加速直線運(yùn)動，經(jīng)過的位移為s時，下列說法正確的是()A金屬棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒬到cB金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為BLC金屬棒中感應(yīng)電流為D水平拉力F的大小為解析：選C根據(jù)右手定則可知金屬棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒫到d，選項(xiàng)A錯誤；設(shè)金屬棒的位移為s時速度為v，則v22as，金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢EBLvBL，選項(xiàng)B錯誤；金屬棒中感應(yīng)電流的大小I，解得I，選項(xiàng)C正確；金屬棒受到的安培力大小F安BIL，由牛頓第二定律可得FF安ma，解得Fma，選項(xiàng)D錯誤。 5.圖甲所示為氫原子的能級圖，圖乙為氫原子的光譜。已知譜線b是氫原子從n5的能級躍遷到n2的能級時的輻射光，則譜線a可能是氫原子()A從n2的能級躍遷到n1的能級時的輻射光B從n3的能級躍遷到n1的能級時的輻射光C從n4的能級躍遷到n1的能級時的輻射光D從n4的能級躍遷到n2的能級時的輻射光解析：選D譜線a波長大于譜線b波長，所以a光的光子頻率小于b光的光子頻率，所以a光的光子能量小于n5和n2間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有n4和n2間的能級差，故D正確，A、B、C錯誤。6.多選中國科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了量子反?；魻栃?yīng)，楊振寧稱這一發(fā)現(xiàn)是諾貝爾獎級的成果。如圖所示，厚度為h，寬度為d的金屬導(dǎo)體，當(dāng)磁場方向與電流方向垂直時，在導(dǎo)體上下表面會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。下列說法正確的是()A上表面的電勢高于下表面電勢B僅增大h時，上、下表面的電勢差不變C僅增大d時，上、下表面的電勢差減小D僅增大電流I時，上、下表面的電勢差減小解析：選BC根據(jù)左手定則可知自由電子向上偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，所以下表面電勢高于上表面電勢，所以A錯誤；最終穩(wěn)定時，evBe，解得UvBh，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式IneSv，Shd，故UBh，所以h增大時，上、下表面電勢差不變，所以B正確；當(dāng)d增大時，U減小，所以C正確；I增大時，U增大，所以D錯誤。7.多選如圖所示，兩根相距為d的足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，導(dǎo)軌電阻不計。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌平面垂直，長度等于d的兩導(dǎo)體棒M、N平行地放在導(dǎo)軌上，且電阻均為R、質(zhì)量均為m，開始時兩導(dǎo)體棒靜止?，F(xiàn)給M一個平行導(dǎo)軌向右的瞬時沖量I，整個過程中M、N均與導(dǎo)軌接觸良好，下列說法正確的是()A回路中始終存在逆時針方向的電流BN的最大加速度為C回路中的最大電流為DN獲得的最大速度為解析：選BCM剛開始運(yùn)動時，回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流，隨著電流的產(chǎn)生，M受向左的安培力做減速運(yùn)動，N受到向右的安培力做加速運(yùn)動，直到兩者共速時回路中感應(yīng)電流為零，安培力為零，兩者做勻速運(yùn)動，故選項(xiàng)A錯誤；M剛開始運(yùn)動時，電路中的感應(yīng)電流最大，N所受安培力最大，加速度最大，則：Imv0，EmBdv0，Im，F(xiàn)安BImdmam，解得am，Im，選項(xiàng)B、C正確；當(dāng)M、N共速時N速度最大，根據(jù)動量守恒定律可得：I2mv，解得v，選項(xiàng)D錯誤。8.多選如圖所示，直角三角形ABC由三段細(xì)直桿連接而成，AB桿豎直，長為2L的AC桿粗糙且絕緣，其傾角為30°，D為AC上一點(diǎn)，且BD垂直于AC，在BC桿中點(diǎn)O處放置一正點(diǎn)電荷Q，一套在細(xì)桿上的帶負(fù)電小球(未畫出)，以初速度v0由C點(diǎn)沿CA上滑，滑到D點(diǎn)速率恰好為零，之后沿AC桿滑回C點(diǎn)。小球質(zhì)量為m、電荷量為q，重力加速度為g。則()A小球下滑過程中電場力先做負(fù)功后做正功B小球再次滑回C點(diǎn)時的速率為vCC小球下滑過程中動能、電勢能、重力勢能三者之和減小D小球上滑過程中和下滑過程中經(jīng)過任意位置時的加速度大小都相等解析：選BC小球下滑過程中點(diǎn)電荷Q對小球的庫侖力是吸引力，故電場力先做正功后做負(fù)功，故A錯誤；小球從C到D的過程中，根據(jù)動能定理得：0mv02mghWf，再從D回到C的過程中，根據(jù)動能定理得：mvC20mghWf，根據(jù)幾何關(guān)系可知，hL，解得：vC，故B正確；小球下滑過程中由于摩擦力做負(fù)功，則小球動能、電勢能、重力勢能三者之和減小，故C正確；小球上滑過程中所受的摩擦力方向沿AC向下，而下滑過程中所受摩擦力方向沿AC向上，雖然在同一位置時所受的庫侖力相同，但是加速度大小不相等，故D錯誤。5