2020版高考物理二輪復習 第一部分 專題復習訓練 課時作業(yè)十一 電磁感應及應用（含解析）

《2020版高考物理二輪復習 第一部分 專題復習訓練 課時作業(yè)十一 電磁感應及應用（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020版高考物理二輪復習 第一部分 專題復習訓練 課時作業(yè)十一 電磁感應及應用（含解析）（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時作業(yè)十一電磁感應及應用一、選擇題1(2019年貴州適應性考試)如圖1甲所示，一位于紙面內(nèi)的圓形線圈通過導線與一小燈泡相連，線圈中有垂直于紙面的磁場以垂直紙面向里為磁場的正方向，該磁場的磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖1乙所示，則下列說法正確的是()圖1At1t3時間內(nèi)流過小燈泡電流的方向先為ba后為abBt1t3時間內(nèi)流過小燈泡電流的方向先為ab后為baCt1t3時間內(nèi)小燈泡先變亮后變暗Dt1t3時間內(nèi)小燈泡先變暗后變亮解析：t1t3時間內(nèi)穿過線圈的磁通量先向里減小后向外增加，根據(jù)楞次定律可知，流過小燈泡電流的方向為ab，選項A、B錯誤；t1t3時間內(nèi)，Bt線的斜率先增大后減小，則磁通量

2、的變化率先增大后減小，感應電動勢先增大后減小，小燈泡先變亮后變暗，選項C正確，D錯誤答案：C2(2017年高考課標全國卷)如圖2，在方向垂直于紙面向里的勻強磁場中有一U形金屬導軌，導軌平面與磁場垂直金屬桿PQ置于導軌上并與導軌形成閉合回路PQRS，一圓環(huán)形金屬線框T位于回路圍成的區(qū)域內(nèi)，線框與導軌共面現(xiàn)讓金屬桿PQ突然向右運動，在運動開始的瞬間，關于感應電流的方向，下列說法正確的是()圖2APQRS中沿順時針方向，T中沿逆時針方向BPQRS中沿順時針方向，T中沿順時針方向CPQRS中沿逆時針方向，T中沿逆時針方向DPQRS中沿逆時針方向，T中沿順時針方向解析：金屬桿PQ向右切割磁感線，根據(jù)右手

3、定則可知PQRS中感應電流沿逆時針方向；原來T中的磁場方向垂直于紙面向里，閉合回路PQRS中的感應電流產(chǎn)生的磁場方向垂直于紙面向外，使得穿過T的磁通量減小，T中產(chǎn)生順時針方向的感應電流綜上所述，可知A、B、C項錯誤，D項正確答案：D3法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖3所示銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中圓盤旋轉(zhuǎn)時，關于流過電阻R的電流，下列說法正確的是()圖3A若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度恒定，則電流大小恒定B若從上向下看，圓盤順時針轉(zhuǎn)動，則電流沿b到a的方向流動C若圓盤轉(zhuǎn)動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D若圓盤轉(zhuǎn)動的角

4、速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍解析：由右手定則知，圓盤按如題圖所示的方向轉(zhuǎn)動時，感應電流沿a到b的方向流動，選項B錯誤；由感應電動勢EBl2知，角速度恒定，則感應電動勢恒定，電流大小恒定，選項A正確；角速度大小變化，感應電動勢大小變化，但感應電流方向不變，選項C錯誤；若變?yōu)樵瓉淼?倍，則感應電動勢變?yōu)樵瓉淼?倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，由PI2R知，電流在R上的熱功率變?yōu)樵瓉淼?倍，選項D錯誤答案：A4兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應強度方向與紙面垂直邊長為0.1 m、總電阻為0.005 的正方形導線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖4(a)所示已知導線

5、框一直向右做勻速直線運動，cd邊于t0時刻進入磁場線框中感應電動勢隨時間變化的圖線如圖4(b)所示(感應電流的方向為順時針時，感應電動勢取正)下列說法正確的是()圖4A磁感應強度的大小為0.5 TB導線框運動速度的大小為0.5 m/sC磁感應強度的方向垂直于紙面向內(nèi)D在t0.4 s至t0.6 s這段時間內(nèi)，導線框所受的安培力大小為0.1 N解析：從題圖(b)可知，導線框運動的速度大小v m/s0.5 m/s，B項正確；導線框進入磁場的過程中，cd邊切割磁感線，由EBLv，得B T0.2 T，A項錯誤；由圖可知，導線框進入磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向，磁感應強度方向垂直紙面向外，C項

6、錯誤；在0.40.6 s這段時間內(nèi)，導線框正在出磁場，回路中的電流大小I A2 A，則導線框受到的安培力FBIL0.220.1 N0.04 N，D項錯誤答案：B5(多選)如圖5所示，一個正方形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，在磁場內(nèi)有一邊長為l、阻值為R的正方形線框，線框所在平面與磁場垂直如果以垂直于線框邊和磁場的速度v將線框從磁場中勻速拉出，下列說法正確的是()圖5A如果將線框水平向右拉出磁場，線框經(jīng)過磁場邊界過程中將產(chǎn)生順時針方向的感應電流B在紙面內(nèi)無論沿哪個方向?qū)⒕€框拉出磁場，流過線框某一截面的電荷量都相同C將線框水平向右拉出磁場時產(chǎn)生的焦耳熱與速度v成正比D將線框水平向右拉出磁場時產(chǎn)生

7、的焦耳熱與速度的平方v2成正比解析：如果將線框水平向右拉出磁場，穿過線圈向里的磁通量減小，該過程中將產(chǎn)生順時針方向的感應電流，A正確；因為感應電動勢E，電流I，通過導線某一截面的電荷量為qIt，可得q，故流過線框某一截面的電荷量與線圈穿出磁場的方向無關，B正確；根據(jù)焦耳定律可得QI2Rtt，所以焦耳熱Q與速度v成正比，C正確，D錯誤答案：ABC6(2019年四川第三次診斷)(多選)如圖6所示，足夠長的U型光滑金屬導軌平面與水平面成角(0h1)；保持b棒靜止，由靜止釋放a棒，a棒到達磁場中OO停止運動后再由靜止釋放b棒，a、b與導軌接觸良好且導軌電阻不計，重力加速度g取10 m/s2.圖10(1

8、)求a棒進入磁場MM時加速度的大??；(2)a棒從釋放到OO的過程中，求b棒產(chǎn)生的焦耳熱；(3)若MM、OO間的距離x2.4 m，b棒進入磁場后，恰好未與a棒相碰，求h2的值解：(1)設a棒到MM時的速度為v1.由機械能守恒定律得mgh1mv12進入磁場時a棒產(chǎn)生的感應電動勢EBLv1感應電流I對a棒受力分析，由牛頓第二定律得BILma代入數(shù)據(jù)解得a3.75 m/s2.(2)設a、b產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，由能量守恒定律得Qmgh1則b棒產(chǎn)生的焦耳熱QbQQ聯(lián)立解得Qb0.675 J.(3)設b棒到MM時的速度為v2，有mgh2mv22b棒進入磁場后，兩棒組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，設a、b一起勻速運動的速度為v，取向右為正方向，由動量守恒定律得mv22mv設a棒經(jīng)時間t加速到v，由動量定理得BILtmv0又qIt，I，Ea、b恰好不相碰，有BLx，聯(lián)立解得h21.8 m.- 10 -