湘教版高考數(shù)學(xué)文一輪題庫(kù) 第8章第8節(jié)圓錐曲線的綜合問題

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1、2019屆高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)資料高考真題備選題庫(kù)第8章 平面解析幾何第8節(jié) 圓錐曲線的綜合問題考點(diǎn) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系1(2013安徽,13分)已知橢圓C:1(ab0)的焦距為4,且過點(diǎn)P(,)(1)求橢圓C的方程;(2)設(shè)Q(x0,y0)(x0y00)為橢圓C上一點(diǎn)過點(diǎn)Q作x軸的垂線,垂足為E.取點(diǎn)A(0,2),連接AE.過點(diǎn)A作AE的垂線交x軸于點(diǎn) D點(diǎn)G是點(diǎn)D關(guān)于y軸的對(duì)稱點(diǎn),作直線QG.問這樣作出的直線QG是否與橢圓C一定有唯一的公共點(diǎn)?并說明理由解:本題主要考查橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其幾何性質(zhì),直線和橢圓的位置關(guān)系等基礎(chǔ)知識(shí),考查數(shù)形結(jié)合思想、邏輯推理能力及運(yùn)算求解能力(1)因?yàn)榻咕酁?,

2、所以a2b24.又因?yàn)闄E圓C過點(diǎn)P(,),所以1,故a28,b24.從而橢圓C的方程為1.(2)由題意,知E點(diǎn)坐標(biāo)為(x0,0)設(shè)D(xD,0),則(x0,2),(xD,2)由ADAE知,0,即xDx080.由于x0y00,故xD.因?yàn)辄c(diǎn)G是點(diǎn)D關(guān)于y軸的對(duì)稱點(diǎn),所以點(diǎn)G.故直線QG的斜率kQG.又因Q(x0,y0)在橢圓C上,所以x2y8.從而kQG.故直線QG的方程為y.將代入橢圓C方程,得(x2y)x216x0x6416y0.再將代入,化簡(jiǎn)得x22x0xx0,解得xx0,yy0.即直線QG與橢圓C一定有唯一的公共點(diǎn)2(2013北京,14分)直線ykxm(m0)與橢圓W:y21相交于A,C

3、兩點(diǎn),O是坐標(biāo)原點(diǎn)(1)當(dāng)點(diǎn)B的坐標(biāo)為(0,1),且四邊形OABC為菱形時(shí),求AC的長(zhǎng);(2)當(dāng)點(diǎn)B在W上且不是W的頂點(diǎn)時(shí),證明:四邊形OABC不可能為菱形解:本題主要考查直線與橢圓的位置關(guān)系、函數(shù)與方程的思想,意在考查考生的運(yùn)算求解能力、轉(zhuǎn)化與化歸能力、數(shù)形結(jié)合能力(1)因?yàn)樗倪呅蜲ABC為菱形,所以AC與OB相互垂直平分所以可設(shè)A,代入橢圓方程得1,即t.所以|AC|2.(2)證明:假設(shè)四邊形OABC為菱形因?yàn)辄c(diǎn)B不是W的頂點(diǎn),且ACOB,所以k0.由消去y并整理得(14k2)x28kmx4m240.設(shè)A(x1,y1),C(x2,y2),則,km.所以AC的中點(diǎn)為M.因?yàn)镸為AC和OB的交

4、點(diǎn),且m0,k0,所以直線OB的斜率為.因?yàn)閗1,所以AC與OB不垂直所以O(shè)ABC不是菱形,與假設(shè)矛盾所以當(dāng)點(diǎn)B不是W的頂點(diǎn)時(shí),四邊形OABC不可能是菱形3(2013湖南,13分)已知F1,F(xiàn)2分別是橢圓E:y21的左、右焦點(diǎn),F(xiàn)1,F(xiàn)2關(guān)于直線xy20的對(duì)稱點(diǎn)是圓C的一條直徑的兩個(gè)端點(diǎn)(1)求圓C的方程;(2)設(shè)過點(diǎn)F2的直線l被橢圓E和圓C所截得的弦長(zhǎng)分別為a,b.當(dāng)ab最大時(shí),求直線l的方程解:本題主要考查橢圓的幾何性質(zhì)、圓的方程、弦長(zhǎng)和弦長(zhǎng)最值的求解,意在考查考生的計(jì)算能力、數(shù)據(jù)處理能力和轉(zhuǎn)化能力(1)由題設(shè)知,F(xiàn)1,F(xiàn)2的坐標(biāo)分別為(2,0),(2,0),圓C的半徑為2,圓心為原點(diǎn)O

5、關(guān)于直線xy20的對(duì)稱點(diǎn)設(shè)圓心的坐標(biāo)為(x0,y0),由解得所以圓C的方程為(x2)2(y2)24.(2)由題意,可設(shè)直線l的方程為xmy2,則圓心到直線l的距離d.所以b2.由得(m25)y24my10.設(shè)l與E的兩個(gè)交點(diǎn)坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),則y1y2,y1y2.于是a.從而ab2.當(dāng)且僅當(dāng),即m時(shí)等號(hào)成立故當(dāng)m時(shí),ab最大,此時(shí),直線l的方程為xy2或xy2,即xy20或xy20.4(2013江西,13分)橢圓C:1(ab0)的離心率e,ab3.(1)求橢圓C的方程;(2)如圖,A,B,D是橢圓C的頂點(diǎn),P是橢圓C上除頂點(diǎn)外的任意一點(diǎn),直線DP交x軸于點(diǎn)N,直線AD交

6、BP于點(diǎn)M,設(shè)BP的斜率為k,MN的斜率為m.證明:2mk為定值解:本題主要考查利用待定系數(shù)法求橢圓的方程,考查直線、橢圓的幾何性質(zhì)、直線與橢圓的位置關(guān)系,考查函數(shù)與方程思想、數(shù)形結(jié)合思想,旨在考查推理論證能力與理性思維能力(1)因?yàn)閑,所以ac,bc.代入ab3得,c,a2,b1.故橢圓C的方程為y21.(2)證明:法一:因?yàn)锽(2,0),P不為橢圓頂點(diǎn),則直線BP的方程為yk(x2),把代入y21,解得P.直線AD的方程為:yx1.與聯(lián)立解得M.由D(0,1),P,N(x,0)三點(diǎn)共線知,解得N.所以MN的斜率為m,則2mkk(定值)法二:設(shè)P(x0,y0)(x00,2),則k,直線AD的

7、方程為:y(x2),直線BP的方程為:y(x2),直線DP的方程為:y1x,令y0,由于y01,可得N聯(lián)立解得M,因此MN的斜率為m,所以2mk(定值)5(2013廣東,14分)已知拋物線C的頂點(diǎn)為原點(diǎn),其焦點(diǎn)F(0,c)(c0)到直線l:xy20的距離為,設(shè)P為直線l上的點(diǎn),過點(diǎn)P作拋物線C的兩條切線PA,PB,其中A,B為切點(diǎn)(1)求拋物線C的方程;(2)當(dāng)點(diǎn)P(x0,y0)為直線l上的定點(diǎn)時(shí),求直線AB的方程;(3)當(dāng)點(diǎn)P在直線l上移動(dòng)時(shí),求|AF|BF|的最小值解:本題主要考查點(diǎn)到直線距離公式的運(yùn)用、直線與圓錐曲線的位置關(guān)系及解析幾何中的最值問題,意在考查考生運(yùn)用數(shù)形結(jié)合思想、函數(shù)與方

8、程思想解決問題的能力(1)拋物線C的焦點(diǎn)F(0,c)(c0)到直線l:xy20的距離為,得c1,F(xiàn)(0,1),即拋物線C的方程為x24y.(2)設(shè)切點(diǎn)A(x1,y1),B(x2,y2),由x24y得yx,切線PA:yy1x1(xx1),有yx1xxy1,而x4y1,即切線PA:yx1xy1,同理可得切線PB:yx2xy2.兩切線均過定點(diǎn)P(x0,y0),y0x1x0y1,y0x2x0y2,由以上兩式知點(diǎn)A,B均在直線y0xx0y上,直線AB的方程為y0xx0y,即yx0xy0.(3)設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x,y),由xy20,得xy2,則|AF|BF|(y11)(y21)y1y2(y1y2)1.由得

9、y2(2yx2)yy20,有y1y2x22y,y1y2y2,|AF|BF|y2x22y1y2(y2)22y122,當(dāng)y,x時(shí),即P時(shí),|AF|BF|取得最小值.6(2013遼寧,12分)如圖,拋物線C1:x24y,C2:x22py(p0)點(diǎn)M(x0,y0)在拋物線C2上,過M作C1的切線,切點(diǎn)為A,B(M為原點(diǎn)O時(shí),A,B重合于O)當(dāng)x01時(shí),切線MA的斜率為.(1)求p的值;(2)當(dāng)M在C2上運(yùn)動(dòng)時(shí),AB中點(diǎn)N的軌跡方程(A,B重合于O時(shí),中點(diǎn)為O.)解:本題主要考查拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程,求導(dǎo)運(yùn)算、直線的點(diǎn)斜式方程,以及求軌跡方程,意在考查考生利用導(dǎo)數(shù)知識(shí)解決圓錐曲線問題的能力,以及處理直線與圓

10、錐曲線的位置關(guān)系的熟練程度和運(yùn)算化簡(jiǎn)能力(1)因?yàn)閽佄锞€C1:x24y上任意一點(diǎn)(x,y)的切線斜率為y,且切線MA的斜率為,所以A點(diǎn)坐標(biāo)為.故切線MA的方程為y(x1).因?yàn)辄c(diǎn)M(1,y0)在切線MA及拋物線C2上,于是y0(2),y0.由得p2.(2)設(shè)N(x,y),A,B,x1x2,由N為線段AB中點(diǎn)知x,y.切線MA,MB的方程為y(xx1),y(xx2).由得MA,MB的交點(diǎn)M(x0,y0)的坐標(biāo)為x0,y0.因?yàn)辄c(diǎn)M(x0,y0)在C2上,即x4y0,所以x1x2.由得x2y,x0.當(dāng)x1x2時(shí),A,B重合于原點(diǎn)O,AB中點(diǎn)N為O,坐標(biāo)滿足x2y.因此AB中點(diǎn)N的軌跡方程為x2y.

11、7(2012遼寧,5分)已知P,Q為拋物線x22y上兩點(diǎn),點(diǎn)P,Q的橫坐標(biāo)分別為4,2,過P,Q分別作拋物線的切線,兩切線交于點(diǎn)A,則點(diǎn)A的縱坐標(biāo)為()A1B3C4 D8解析:因?yàn)镻,Q兩點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為4,2,且P,Q兩點(diǎn)都在拋物線yx2上,所以P(4,8),Q(2,2)因?yàn)閥x,所以kPA4,kQA2,則直線PA,QA的方程聯(lián)立得,即,可得A點(diǎn)坐標(biāo)為(1,4)答案:C8(2010山東,5分)已知拋物線y22px(p0),過其焦點(diǎn)且斜率為1的直線交拋物線于A、B兩點(diǎn),若線段AB的中點(diǎn)的縱坐標(biāo)為2,則該拋物線的準(zhǔn)線方程為()Ax1Bx1Cx2 Dx2解析:拋物線的焦點(diǎn)F(,0),所以過焦點(diǎn)且斜

12、率為1的直線方程為yx,即xy,將其代入得:y22px2p(y)2pyp2,所以y22pyp20,所以p2,所以拋物線的方程為y24x,準(zhǔn)線方程為x1.答案:B9(2012新課標(biāo)全國(guó),12分)設(shè)拋物線C:x22py(p0)的焦點(diǎn)為F,準(zhǔn)線為l,A為C上一點(diǎn),已知以F為圓心,F(xiàn)A為半徑的圓F交l于B,D兩點(diǎn)(1)若BFD90,ABD的面積為4,求p的值及圓F的方程;(2)若A,B,F(xiàn)三點(diǎn)在同一直線m上,直線n與m平行,且n與C只有一個(gè)公共點(diǎn),求坐標(biāo)原點(diǎn)到m,n距離的比值解:(1)由已知可得BFD為等腰直角三角形,|BD|2p,圓F的半徑|FA|p.由拋物線定義可知A到l的距離d|FA|p.因?yàn)锳

13、BD的面積為4,所以|BD|d4,即2pp4,解得p2(舍去)或p2.所以F(0,1),圓F的方程為x2(y1)28.(2)因?yàn)锳,B,F(xiàn)三點(diǎn)在同一直線m上,所以AB為圓F的直徑,ADB90.由拋物線定義知|AD|FA|AB|,所以ABD30,m的斜率為或.當(dāng)m的斜率為時(shí),由已知可設(shè)n:yxb,代入x22py得x2px2pb0.由于n與C只有一個(gè)公共點(diǎn),故p28pb0,解得b.因?yàn)閙的縱截距b1,3,所以坐標(biāo)原點(diǎn)到m,n距離的比值為3.當(dāng)m的斜率為時(shí),由圖形對(duì)稱性可知,坐標(biāo)原點(diǎn)到m,n距離的比值為3.10(2012廣東,14分)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知橢圓C1:1(ab0)的左焦點(diǎn)為F1

14、(1,0),且點(diǎn)P(0,1)在C1上(1)求橢圓C1的方程;(2)設(shè)直線l同時(shí)與橢圓C1和拋物線C2:y24x相切,求直線l的方程解:(1)根據(jù)橢圓的左焦點(diǎn)為F1(1,0),知a2b21,又根據(jù)點(diǎn)P(0,1)在橢圓上,知b1,所以a,所以橢圓C1的方程為y21.(2)因?yàn)橹本€l與橢圓C1和拋物線C2都相切,所以其斜率存在且不為0,設(shè)直線l的方程為ykxm(k0),代入橢圓方程得(kxm)21,即(k2)x22kmxm210,由題可知此方程有唯一解,此時(shí)4k2m24(k2)(m21)0,即m22k21.把ykxm(k0)代入拋物線方程得y2ym0,由題可知此方程有唯一解,此時(shí)1mk0,即mk1.

15、聯(lián)立得解得k2,所以或所以直線l的方程為yx或yx.11(2012北京,14分)已知橢圓C:1(ab0)的一個(gè)頂點(diǎn)為A(2,0),離心率為.直線yk(x1)與橢圓C交于不同的兩點(diǎn)M,N.(1)求橢圓C的方程;(2)當(dāng)AMN的面積為時(shí),求k的值解:(1)由題意得解得b,所以橢圓C的方程為1.(2)由得(12k2)x24k2x2k240.設(shè)點(diǎn)M,N的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),則y1k(x11),y2k(x21),x1x2,x1x2,所以|MN|.又因?yàn)辄c(diǎn)A(2,0)到直線yk(x1)的距離d,所以AMN的面積為S|MN| d.由,化簡(jiǎn)得7k42k250,解得k1.12(2012湖南

16、,13分)在直角坐標(biāo)系xOy中,已知中心在原點(diǎn),離心率為的橢圓E的一個(gè)焦點(diǎn)為圓C:x2y24x20 的圓心(1)求橢圓E的方程;(2)設(shè)P是橢圓E上一點(diǎn),過P作兩條斜率之積為的直線l1,l2.當(dāng)直線l1,l2都與圓C相切時(shí),求P的坐標(biāo)解:(1)由x2y24x20得(x2)2y22,故圓C的圓心為點(diǎn)(2,0)從而可設(shè)橢圓E的方程為1(ab0),其焦距為2c.由題設(shè)知c2,e.所以a2c4,b2a2c212.故橢圓E的方程為1.(2)設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x0,y0),l1,l2的斜率分別為k1,k2,則l1,l2的方程分別為l1:yy0k1(xx0),l2:yy0k2(xx0),且k1k2,由l1與圓

17、C:(x2)2y22相切得,即(2x0)22k2(2x0)y0k1y20.同理可得(2x0)22k2(2x0)y0k2y20.從而k1,k2是方程(2x0)22k22(2x0)y0ky20的兩個(gè)實(shí)根,于是且k1k2.由得5x8x0360,解得x02,或x0.由x02得y03;由x0得y0,它們均滿足式故點(diǎn)P的坐標(biāo)為(2,3),或(2,3),或(,),或(,)13.(2011山東,14分)(本小題滿分14分)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知橢圓C:y21.如圖所示,斜率為k(k0)且不過原點(diǎn)的直線l交橢圓C于A,B兩點(diǎn),線段AB的中點(diǎn)為E,射線OE交橢圓C于點(diǎn)G,交直線x3于點(diǎn)D(3,m)()求m

18、2k2的最小值;()若|OG|2|OD|OE|,()求證:直線l過定點(diǎn);()試問點(diǎn)B,G能否關(guān)于x軸對(duì)稱?若能,求出此時(shí)ABG的外接圓方程;若不能,請(qǐng)說明理由解:()設(shè)直線l的方程為ykxt(k0),由題意,t0.由方程組得(3k21)x26ktx3t230.由題意0,所以3k21t2.設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由韋達(dá)定理得x1x2,所以y1y2.由于E為線段AB的中點(diǎn),因此xE,yE,此時(shí)kOE.所以O(shè)E所在直線方程為yx,又由題設(shè)知D(3,m),令x3,得m,即mk1,所以m2k22mk2,當(dāng)且僅當(dāng)mk1時(shí)上式等號(hào)成立,此時(shí)由0得0t2,因此當(dāng)mk1且0t0,解得G(,)又E(

19、,),D(3,),由距離公式及t0得|OG|2()2()2,|OD|,|OE|,由|OG|2|OD|OE|得tk,因此直線l 的方程為yk(x1),所以直線l恒過定點(diǎn)(1,0)()由()得G(,),若B,G關(guān)于x軸對(duì)稱,則B(,)代入yk(x1)整理得3k21k,即6k47k210,解得k2(舍去)或k21,所以k1.此時(shí)B(,),G(,)關(guān)于x軸對(duì)稱又由()得x10,y11,所以A(0,1)由于ABG的外接圓的圓心在x軸上,可設(shè)ABG的外接圓的圓心為(d,0),因此d21(d)2,解得d,故ABG的外接圓的半徑為r.所以ABG的外接圓的方程為(x)2y2.14(2011江蘇,16分)如圖,在

20、平面直角坐標(biāo)系xOy中,M、N分別是橢圓1的頂點(diǎn),過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線交橢圓于P、A兩點(diǎn),其中點(diǎn)P在第一象限,過P作x軸的垂線,垂足為C.連接AC,并延長(zhǎng)交橢圓于點(diǎn)B.設(shè)直線PA的斜率為k.(1)當(dāng)直線PA平分線段MN時(shí),求k的值;(2)當(dāng)k2時(shí),求點(diǎn)P到直線AB的距離d;(3)對(duì)任意的k0,求證:PAPB.解:(1)由題設(shè)知,a2,b,故M(2,0),N(0,),所以線段MN中點(diǎn)的坐標(biāo)為(1,)由于直線PA平分線段MN,故直線PA過線段MN的中點(diǎn),又直線PA過坐標(biāo)原點(diǎn),所以k.(2)直線PA的方程為y2x,代入橢圓方程得1,解得x.因此P(,),A(,)于是C(,0),直線AC的斜率為1,故直線

21、AB的方程為xy0.因此,d.(3)證明:法一:將直線PA的方程ykx代入1,解得x.記,則P(,k),A(,k). 于是C(,0)故直線AB的斜率為,其方程為y(x),代入橢圓方程并由得(2k2)x22k2x2(3k22)0,解得x或x.因此B(,)于是直線PB的斜率k1.因此k1k1,所以PAPB.法二:設(shè)P(x1,y1),B(x2,y2),則x10,x20,x1x2,A(x1,y1),C(x1,0)設(shè)直線PB,AB的斜率分別為k1,k2.因?yàn)镃在直線AB上,所以k2.從而k1k12k1k212110.所以k1k1,所以PAPB.15(2011遼寧,12分)如圖,已知橢圓C1的中心在原點(diǎn)O

22、,長(zhǎng)軸左、右端點(diǎn)M,N在x軸上,橢圓C2的短軸為MN,且C1,C2的離心率都為e.直線lMN,l與C1交于兩點(diǎn),與C2交于兩點(diǎn),這四點(diǎn)按縱坐標(biāo)從大到小依次為A,B,C,D.(1)設(shè)e,求|BC|與|AD|的比值;(2)當(dāng)e變化時(shí),是否存在直線l,使得BOAN,并說明理由解:(1)因?yàn)镃1,C2的離心率相同,故依題意可設(shè)C1:1,C2:1,(ab0)設(shè)直線l:xt(|t|a),分別與C1,C2的方程聯(lián)立,求得A,B.(4分)當(dāng)e時(shí),ba,分別用yA,yB表示A,B的縱坐標(biāo),可知|BC|AD|.(2)t0時(shí)的l不符合題意,t0時(shí),BOAN當(dāng)且僅當(dāng)BO的斜率kBO與AN的斜率kAN相等,即,解得ta

23、.因?yàn)閨t|a,又0e1,所以1.解得e1.所以當(dāng)0e時(shí),不存在直線l,使得BOAN;當(dāng)e1時(shí),存在直線l,使得BOAN.16(2011廣東,14分)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,直線l:x2交x軸于點(diǎn)A.設(shè)P是l上一點(diǎn),M是線段OP的垂直平分線上一點(diǎn),且滿足MPOAOP.(1)當(dāng)點(diǎn)P在l上運(yùn)動(dòng)時(shí),求點(diǎn)M的軌跡E的方程;(2)已知T(1,1)設(shè)H是E上動(dòng)點(diǎn),求|HO|HT|的最小值,并給出此時(shí)點(diǎn)H的坐標(biāo);(3)過點(diǎn)T(1,1)且不平行于y軸的直線l1與軌跡E有且只有兩個(gè)不同的交點(diǎn),求直線l1的斜率k的取值范圍命題意圖:本題考查的知識(shí)涉及動(dòng)點(diǎn)、直線、軌跡、最值、參數(shù)范圍的綜合解析幾何問題(1)先畫出

24、圖形,“以圖助算”勢(shì)在必行,而畫出圖形后可發(fā)現(xiàn)MPOA或點(diǎn)M在x軸上,也就找到了解決問題的入口與思路;(2)順著第(1)問的結(jié)果與思路,結(jié)合拋物線的定義可求得|HO|HT|的最小值;(3)再次回到畫出的圖形,可直觀地求得k的取值范圍解:(1)如圖1,可得直線l:x2與x軸交于點(diǎn)A(2,0),設(shè)P(2,m),當(dāng)m0時(shí),點(diǎn)P與點(diǎn)A重合,這時(shí)OP的垂直平分線為x1,由AOPMPO0得M(1,0),當(dāng)m0時(shí),設(shè)M(x0,y0),(i)若x01,由MPOAOP得MPOA,有y0m, 圖1又kOP,OP的中點(diǎn)為(1,),OP的垂直平分線為y(x1),而點(diǎn)M在OP的垂直平分線上,y0(x01),又my0,于

25、是y0(x01),即y4(x01)(x01)(ii)若x01,如圖1,由MPOAOP得點(diǎn)M為OP的垂直平分線與x軸的交點(diǎn),在y(x1)中,令y0,有x11,即M(1,0),點(diǎn)M的軌跡E的方程為y24(x1)(x1)和y0(x1)(2)由(1)知軌跡E為拋物線y24(x1)(x1)與射線y0(x1),而拋物線y24(x1)(x1)的頂點(diǎn)為B(1,0),焦點(diǎn)為O(0,0),準(zhǔn)線為x2,當(dāng)點(diǎn)H在拋物線y24(x1)(x1)上時(shí),作HG垂直于準(zhǔn)線x2于點(diǎn)G,由拋物線的定義得|HO|HG|,則|HO|HT|HT|HG|,作TF垂直于準(zhǔn)線x2于點(diǎn)F,則|HT|HG|TF|,又T 圖2 (1,1),得|TF

26、|3,在y24(x1)(x1)中,令y1得x,即當(dāng)點(diǎn)H的坐標(biāo)為(,1)時(shí),|HO|HT|的最小值為3,當(dāng)點(diǎn)H在射線y0(x1)上時(shí),|HO|HT|TF|,|HO|HT|的最小值為3,此時(shí)點(diǎn)H的坐標(biāo)為(,1)(3)由(2)得kBT,由圖2得當(dāng)直線l1的斜率k或k0時(shí),直線l1與軌跡E有且只有兩個(gè)不同的交點(diǎn)直線l1的斜率k的取值范圍是(,(0,)17(2010新課標(biāo)全國(guó),12分)設(shè)F1,F(xiàn)2分別是橢圓E:1(ab0)的左、右焦點(diǎn),過F1斜率為1的直線l與E相交于A,B兩點(diǎn),且|AF2|,|AB|,|BF2|成等差數(shù)列(1)求E的離心率;(2)設(shè)點(diǎn)P(0,1)滿足|PA|PB|,求E的方程解:(1)由橢圓定義知|AF2|BF2|AB|4a,又2|AB|AF2|BF2|,得|AB|a.l的方程為yxc, 其中c.設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則A,B兩點(diǎn)坐標(biāo)滿足方程組化簡(jiǎn)得(a2b2)x22a2cxa2(c2b2)0,則x1x2,x1x2.因?yàn)橹本€AB斜率為1,所以|AB|x2x1| .得a,故a22b2,所以E的離心率e.(2)設(shè)AB的中點(diǎn)為N(x0,y0),由(1)知x0c,y0x0c.由|PA|PB|得kPN1.即1,得c3,從而a3,b3.故橢圓E的方程為1.高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品

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