2018年高考全國一卷理科數(shù)學答案.docx

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1、2018年普通高等學招生全國統(tǒng)一考試（全國一卷）理科數(shù)學參考答案與解析一、選擇題：本題有12小題，每小題5分，共60分。1、設(shè)z=，則|z|=A、0B、C、1D、【答案】C 【解析】由題可得，所以|z|=1 【考點定位】復數(shù)2、已知集合A=x|x2-x-20，則A=A、x|-1x2B、x|-1x2C、x|x2D、x|x-1x|x2【答案】B 【解析】由題可得CRA=x|x2-x-20，所以x|-1x2 【考點定位】集合 3、某地區(qū)經(jīng)過一年的新農(nóng)村建設(shè)，農(nóng)村的經(jīng)濟收入增加了一倍，實現(xiàn)翻番，為更好地了解該地區(qū)農(nóng)村的經(jīng)濟收入變化情況，統(tǒng)計了該地區(qū)新農(nóng)村建設(shè)前后農(nóng)村的經(jīng)濟收入構(gòu)成比例，得到如下餅圖：則

2、下面結(jié)論中不正確的是：A、新農(nóng)村建設(shè)后，種植收入減少。B、新農(nóng)村建設(shè)后，其他收入增加了一倍以上。C、新農(nóng)村建設(shè)后，養(yǎng)殖收入增加了一倍。D、新農(nóng)村建設(shè)后，養(yǎng)殖收入與第三產(chǎn)業(yè)收入的總和超過了經(jīng)濟收入的一半?！敬鸢浮緼 【解析】由題可得新農(nóng)村建設(shè)后，種植收入37%*200%=74%60%， 【考點定位】簡單統(tǒng)計 4、記Sn為等差數(shù)列an的前n項和，若3S3=S2+S4，a1=2，則a5=A、-12B、-10C、10D、12【答案】B 【解析】3*(a1+a1+d+a1+2d)=( a1+a1+d) (a1+a1+d+a1+2d+a1+3d)，整理得:2d+3a1=0 ; d=-3 a5=2+(5-1

3、)*(-3)=-10 【考點定位】等差數(shù)列 求和 5、設(shè)函數(shù)f（x）=x3+(a-1)x2+ax，若f（x）為奇函數(shù)，則曲線y=f（x）在點（0，0）處的切線方程為：A、y=-2xB、y=-xC、y=2xD、y=x【答案】D 【解析】f（x）為奇函數(shù)，有f（x）+f（-x）=0整理得:f（x）+f（-x）=2*(a-1)x2=0 a=1f（x）=x3+x 求導f（x）=3x2+1 f（0）=1 所以選D 【考點定位】函數(shù)性質(zhì)：奇偶性；函數(shù)的導數(shù) 6、在ABC中，AD為BC邊上的中線，E為AD的中點，則=A、-B、-C、-+D、-【答案】A 【解析】AD為BC邊上的中線 AD=E為AD的中點AE

4、=EB=AB-AE= 【考點定位】向量的加減法、線段的中點 7、某圓柱的高為2，底面周長為16，其三視圖如右圖，圓柱表面上的點M在正視圖上的對應(yīng)點為11A，圓柱表面上的點N在左視圖上的對應(yīng)點為B，則在此圓柱側(cè)面上，從M到N的路徑中，最短路徑的長度為A、B、C、3D、2【答案】BAA 【解析】將圓柱體的側(cè)面從A點展開：注意到B點在圓周處。B最短路徑的長度為AB=22+42【考點定位】立體幾何:圓柱體的展開圖形，最短路徑 8.設(shè)拋物線C：y=4x的焦點為F，過點（-2，0）且斜率為的直線與C交于M，N兩點，則= A.5 B.6 C.7 D.8【答案】D 【解析】拋物線C：y=4x的焦點為F(1,0

5、)直線MN的方程: 消去x整理得：y2-6y+8=0 y=2 或y=4M、N 的坐標（1，2），（4，4）則=(0,2)(3,4)=0*3+2*4=8 【考點定位】拋物線焦點 向量的數(shù)量積 如果消去，計算量會比較大一些，您不妨試試。9.已知函數(shù)f（x）=g（x）=f（x）+x+a，若g（x）存在2個零點，則a的取值范圍是 A. -1，0） B. 0，+） C. -1，+） D. 1，+）【答案】C 【解析】根據(jù)題意：f(x)+x+a=0 有兩個解。令M(x)=-a,N(x)=f(x)+x =ex+x x0lnx+x x0分段求導：N(x)=f(x)+x =ex+10 x01x+10 x0 說明

6、分段是增函數(shù)?？紤]極限位置，圖形如下：M(x)=-a 在區(qū)間(-，+1上有2個交點。a的取值范圍是C. -1，+） 【考點定位】分段函數(shù)、函數(shù)的導數(shù)、分離參數(shù)法10.下圖來自古希臘數(shù)學家希波克拉底所研究的幾何圖形。此圖由三個半圓構(gòu)成，三個半圓的直徑分別為。直角三角形ABC的斜邊BC，直角邊AB，AC. ABC的三邊所圍成的區(qū)域記為，黑色部分記為，其余部分記為。在整個圖形中隨機取一點，此點取自，的概率分別記為p1，p2，p3，則A. p1=p2B. p1=p3C. p2=p3D. p1=p2+p3【答案】A 【解析】整個區(qū)域的面積： S1+S半圓BC= S半圓AB+ S半圓AC+SABC根據(jù)勾股

7、定理，容易推出S半圓BC= S半圓AB+ S半圓ACS1= SABC 故選A 【考點定位】古典概率、 不規(guī)則圖形面積 11.已知雙曲線C： -y=1，O為坐標原點，F(xiàn)為C的右焦點，過F的直線與C的兩條漸近線的交點分別為M，N. 若OMN為直角三角形，則MN= A. B.3 C. D.4MFNo【答案】B 【解析】右焦點,OF=3+1=2，漸近線方程y=33x NOF=MOF =30在RtOMF中，OM=OF*cosMOF=2*cos=303在RtOMN中，MN=OM*tanNOM=3*tan(30+30)=3【考點定位】雙曲線漸近線、焦點概念清晰了，秒殺！有時簡單的“解三角”也行，甚至雙曲線都

8、不用畫出來。 如果用解方程，計算量很大。12.已知正方體的棱長為1，每條棱所在直線與平面所成的角都相等，則截此正方體所得截面面積的最大值為 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】如圖平面截正方體所得截面為正六邊形，此時，截面面積最大，其中邊長GH=22截面面積S=634（22）2=【考點定位】立體幾何 截面【盤外招】交并集理論：ABD交集為3，AC交集為 34，選A二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13.若x，y滿足約束條件則z=3x+2y的最大值為 .【答案】6 【解析】當直線z=3x+2y經(jīng)過點（2，0）時，Zmax=3*2+0=6 【考點定位】線性規(guī)劃（頂點代入法）

9、14.記Sn為數(shù)列an的前n項和.若Sn=2an+1，則S6= .【答案】-63【解析】S1=2a1+1=a1 a1=-1n1時，Sn=2an+1，Sn-1=2an-1+1 兩式相減：Sn-Sn-1= an=2an-2an-1 an=2an-1an=a12n-1= （-1）2n-1S6=（-1）（26-1）=-63 【考點定位】等比數(shù)列的求和15.從2位女生，4位男生中選3人參加科技比賽，且至少有1位女生入選，則不同的選法共有 種.（用數(shù)字填寫答案）【答案】16【解析】C21C42+C22C41=26+14=16【考點定位】排列組合16.已知函數(shù)f（x）=2sinx+sin2x，則f（x）的最

10、小值是 .【答案】-332【解析】f（x）=2sinx+sin2x=2sinx+2sinxcosx=2sinx(1+cosx)考慮到f（x）為奇函數(shù)，可以求f（x）最大值.將f（x）平方：f2（x）=4sin2x(1+cosx)2=4(1-cosx)(1+cosx)3=4/3(3-3cosx)(1+cosx)3(4/3)（3-3cosx）+3(1+cosx)/4）4= （）4=當3-3cosx=1+cosx 即cosx=12時，f2（x）取最大值f（x）min=-332【考點定位】三角函數(shù)的極值，基本不等式的應(yīng)用【其他解法】：求導數(shù)解答f（x）=2sinx(1+cosx)看成單位圓中一個三角形

11、面積求解。三.解答題：共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。第1721題為必考題，每個試題考生都必須作答。第22、23題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共60分。17.（12分）在平面四邊形ABCD中，ADC=90，A=45，AB=2，BD=5.（1）求cosADB；（2）若DC=，求BC.【答案】【解析】（1）在ABD中，由正弦定理得BDsinA=ABsinADB sinADB =ABsinADB/BD=25由題設(shè)可知，ADB90 cosADB=1-225=235(2)由題設(shè)及（1）可知cosBDC= sinADB =25在BCD中，由余弦定理得BC2=BD2+DC2-

12、2BDDCcosBDC=25+8-2525=25BC=5【考點定位】正弦定理 余弦定理18.（12分）如圖，四邊形ABCD為正方形，E，F(xiàn)分別為AD，BC的中點，以DF為折痕把DFC折起，使點C到達點P的位置，且PFBF.（1）證明：平面PEF平面ABFD；（2）求DP與平面ABFD所成角的正弦值. 【答案】【解析】（1）由已知可得PFBF ，BFEF BF平面PEF又BF在平面ABFD上 平面PEF平面ABFD (2) PHEF，垂足為H，由（1）可得，PH平面ABFD DP與平面ABFD所成角就是PDH.CD2=PD2=DH2+PH2=DE2+EH2+PH2= DE2+（EF-HF）2+P

13、H2CF2=PF2=HF2+PH2設(shè)正方形ABCD的邊長為2.上面兩個等式即是：22=12+（2-HF）2+PH212=HF2+PH2解方程得HF=12 PH=32在RtPHD中, sinPDH=PH/PD=32/2=34.【考點定位】立體幾何 點、直線、面的關(guān)系19.（12分）設(shè)橢圓C： +y=1的右焦點為F，過F的直線l與C交于A，B兩點，點M的坐標為（2，0）.（1）當l與x軸垂直時，求直線AM的方程；（2）設(shè)O為坐標原點，證明：OMA=OMB.【答案】【解析】（1）由已知可得F（1，0） ，直線l的方程為x=1由已知可得, 點A的坐標為（1，22）或（1， 22） 直線AM的方程為y=

14、 22x+2 或 y= 22x2(2)當l與x軸重合，.OMA=OMB=00當l與x軸垂直，OM為AB的垂直平分線，所以O(shè)MA=OMB當l與x軸不重合且不垂直，設(shè)直線l的方程為y=k(x-1) (k0)點A(x1,y1), B(x2,y2) ，x12,X22, 則直線MA、MB的斜率之和KMA+KMB=y1x1-2+y2x2-2=k(x1-1)x1-2+k(x2-1)x2-2=2kx1x2-3kx1+x2+4k(x1-2)(x2-2)將y=k(x-1)代入橢圓C的方程得：（2k2+1）x2-4k2x+(2k2-2)=0x1+x2=4k22k2+1,x1x2=2k2-22k2+12kx1x2-3

15、kx1+x2+4k=4k3-4k-12k3+8k3+4k2k2+1=0從而 KMA+KMB=0 MA、MB的傾斜角互補，OMA=OMB綜上所述，OMA=OMB【考點定位】圓錐曲線 20、（12分）某工廠的某、種、產(chǎn)品成箱包裝，每箱200件，每一箱產(chǎn)品在交付用戶之前要對產(chǎn)品作檢驗，如檢驗出不合格品，則更換為合格品，檢驗時，先從這箱產(chǎn)品中任取20件產(chǎn)品作檢驗，再根據(jù)檢驗結(jié)果決定是否對余下的所有產(chǎn)品做檢驗，設(shè)每件產(chǎn)品為不合格品的概率都為P（0P400, 應(yīng)該對這箱余下的所有產(chǎn)品作檢驗。【考點定位】隨機變量及分布：二項分布最值（基本不等式）、數(shù)學期望 21、（12分）已知函數(shù).（1）討論的單調(diào)性；（2

16、）若存在兩個極值點, ,證明： .【答案】【解析】（1）f（x）的定義域為（0，+）f（x）=-1x2-1+ax=-x2-ax+1x2=a2-4(i)若a2,則f（x）0，當且僅當a=2,x=1時f（x）=0，f（x）在（0，+）單調(diào)遞減。(i)若a2,令f（x）=0得到，x=aa2-42當x（0，a-a2-42）（a+a2-42，+）時，f（x）0f（x）在x（0，a-a2-42）,（a+a2-42，+）單調(diào)遞減, 在（a-a2-42,a+a2-42）單調(diào)遞增。(2)由(1)可得f(x)存在2個極值點當且僅當a2由于f(x)的極值點x1,x2滿足x2-ax+1=0 所以x1x2=1 不妨設(shè)x

17、11 由于fx1-f(x2）x1-x2=1x1x2-1+alnx1-Lnx2x1-x2=-2+alnx1-Lnx2x1-x2=-2+a-2Lnx21/x2-x2等價于1x2-x2+2lnx20設(shè)g(x)= 1x-x+2lnx 由(1)可知g（x）在（0，+）單調(diào)遞減，又g(1)=0,從而當x（1，+）時g(x)01x2-x2+2lnx20-kx+2 x0顯然，K=0時，C1與C2相切，只有一個交點。K0時，C1與C2沒有交點。C1與C2有且僅有三個交點，則必須滿足K0) 與C2相切,圓心到射線的距離d= |-k+2|k2+1=2 故K=-4/3或K=0.經(jīng)檢驗，因為K0，所以K=-4/3。綜上

18、所述，所求 C的方程y=-43x+2.【考點定位】極坐標與參數(shù)方程 直線與圓的關(guān)系23. 選修4-5：不等式選講（10分）已知f（x）=x+1-ax-1.（1） 當a=1時， 求不等式f（x）1的解集；（2） 當x（0，1）時不等式f（x）x成立，求a的取值范圍.【答案】【解析】（1）當a=1時， f（x）=x+1-x-1=-2 x-12x -1x1不等式f（x）1的解集為x|x12(2) 當x（0，1）時不等式f（x）=x+1-ax-1x成立,等價于ax-10，當x（0，1）時ax-11的解集為0x=1 故0a2綜上所述，a的取值范圍是（0，2?！究键c定位】絕對值不等式 含參數(shù)不等式恒成立的問題