（新課標）2022高考物理總復習 課時檢測（十五）動力學的兩類基本問題（重點突破課）（含解析）

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1、（新課標）2022高考物理總復習 課時檢測（十五）動力學的兩類基本問題（重點突破課）（含解析）1行車過程中，如果車距不夠，剎車不及時，汽車將發(fā)生碰撞，車里的人可能受到傷害，為了盡可能地減輕碰撞引起的傷害，人們設計了安全帶。若乘客質量為70 kg，汽車車速為90 km/h，從踩下剎車到完全停止需要的時間為 5 s，在剎車過程中安全帶對乘客的作用力大小約為(不計乘客與座椅間的摩擦)()A450 NB400 NC350 N D300 N解析：選C汽車的速度v090 km/h25 m/s，設汽車勻減速的加速度大小為a，則a5 m/s2，對乘客由牛頓第二定律得Fma705 N350 N，所以C正確。2.

2、如圖所示，光滑細桿BC、DC和AC構成矩形ABCD的兩鄰邊和對角線，ACBCDC543，AC桿豎直。各桿上分別套有一可視為質點的小球a、b、d，a、b、d三小球的質量比為123。現(xiàn)讓三小球同時從各桿的頂點由靜止釋放，不計空氣阻力，則a、b、d三小球在各桿上滑行的時間之比為()A111 B543C589 D123解析：選A因ABCD為矩形，故A、B、C、D四點必在以AC邊為直徑的同一個圓周上，由等時圓特點可知，由A、B、D三點釋放的小球a、b、d必定同時到達圓的最低點C點，故A正確。3.(2019濰坊模擬)一重物在豎直向上的拉力F作用下，開始豎直向上做直線運動，其速度v隨時間t變化的圖像如圖所示

3、(圖像在01 s、34 s階段為直線，13 s階段為曲線)。下列判斷正確的是()A第2 s末拉力大小為0B第1 s內的拉力大于第4 s內的拉力C第2 s末速度反向D前4 s內位移為0解析：選B根據(jù)題圖可知，第2 s末加速度為零，根據(jù)牛頓第二定律可知，合外力為零，所以拉力大小等于重力，故A錯誤；根據(jù)題圖可知，第1 s內的加速度為正，方向向上，則拉力大于重力，第4 s內的加速度為負，方向向下，拉力小于重力，所以第1 s內的拉力大于第4 s內的拉力，故B正確；根據(jù)題圖可知，04 s內，重物一直向上運動，第2 s末速度沒有反向，故C錯誤；速度圖線與時間軸包圍的面積表示對應時間內的位移大小，根據(jù)題圖可知

4、，前4 s內位移為正，故D錯誤。4.如圖所示，位于豎直平面內的固定光滑圓環(huán)軌道與水平面相切于M點，與豎直墻壁相切于A點。豎直墻壁上另一點B與M的連線和水平面的夾角為60，C是圓環(huán)軌道的圓心。已知在同一時刻a、b兩球分別由A、B兩點從靜止開始沿光滑傾斜直軌道AM、BM運動到M點，c球由C點自由下落到M點。則()Aa球最先到達M點Bb球最先到達M點Cc球最先到達M點Db球和c球都可能最先到達M點解析：選C如圖所示，令圓環(huán)半徑為R，則c球由C點自由下落到M點用時滿足Rgtc2，所以tc ；對于a球令AM與水平面成角，則a球下滑到M點用時滿足AM2Rsin gsin ta2，即ta2 ；同理b球從B點

5、下滑到M點用時也滿足tb2 (r為過B、M且與水平面相切于M點的豎直圓的半徑，rR)。綜上所述可得tbtatc，故選項C正確。5.如圖所示，在與坡底B點的距離為L的山坡上，豎直固定一長度為L的直桿AO，O為山坡的中點，A端與坡底B之間連接一根光滑的細鋼繩?，F(xiàn)讓一穿在鋼繩上的小環(huán)從A點由靜止開始沿鋼繩無摩擦地滑下，則小環(huán)在鋼繩上滑行的時間為()A. B. C. D2 解析：選D如圖所示，以O點為圓心、A為圓周的最高點、AB為弦作圓。小環(huán)沿AB運動的時間就是沿直徑AC做自由落體運動的時間，有2Lgt2，解得t2 。故選項D正確。6(2019淮北一中模擬)如圖甲所示，水平地面上固定一帶擋板的長木板，

6、一輕彈簧左端固定在擋板上，右端接觸滑塊，彈簧被壓縮0.4 m后鎖定，t0時解除鎖定，釋放滑塊。計算機通過滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的vt圖像如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，傾斜直線Od是t0時的vt圖線的切線。已知滑塊質量m2 kg，取g10 m/s2，則下列說法正確的是()A滑塊被釋放后，先做勻加速直線運動，后做勻減速直線運動B彈簧恢復原長時，滑塊速度最大C彈簧的勁度系數(shù)為175 N/mD該過程中滑塊的最大加速度為35 m/s2解析：選C根據(jù)vt圖線的斜率表示加速度，可知滑塊被釋放后，先做加速度逐漸減小的加速直線運動，彈簧彈力與摩擦力相等時速度最大，此時加速度為零，隨后加速度

7、反向增加， 從彈簧恢復原長時到滑塊停止運動，加速度不變，選項A、B錯誤；由題圖乙知，滑塊脫離彈簧后的加速度大小a1 m/s2 5 m/s2，由牛頓第二定律得摩擦力大小為Ffmgma125 N10 N，剛釋放時滑塊的加速度大小為a2 m/s230 m/s2，此時滑塊的加速度最大，選項D錯誤；由牛頓第二定律得kxFfma2，代入數(shù)據(jù)解得k175 N/m，選項C正確。7(多選)如圖(a)，一物塊在t0時刻滑上一固定斜面，其運動的v t圖線如圖(b)所示。若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則可求出()A斜面的傾角B物塊的質量C物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)D物塊沿斜面向上滑行的最大高度解析：選

8、ACD由題圖(b)可知物塊上升過程中的加速度大小為a1，下降過程中的加速度大小為a2。物塊在上升和下降過程中，由牛頓第二定律得mgsin fma1，mgsin fma2，解得sin ，滑動摩擦力f，而fFNmgcos ，由以上分析可知，選項A、C正確；由vt圖像中t軸上方的面積可求出物塊沿斜面上滑的最大距離，可以求出物塊沿斜面向上滑行的最大高度，選項D正確。8.(多選)(2019汕頭模擬)如圖所示，建設房屋時，保持底邊L不變，要設計好屋頂?shù)膬A角，以便下雨時落在屋頂?shù)挠甑文鼙M快地滑離屋頂，雨滴下滑時可視為小球做無初速度、無摩擦的運動。下列說法正確的是()A傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大B傾角越

9、大，雨滴對屋頂壓力越大C傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大D傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的時間越短解析：選AC設屋頂?shù)钠旅骈L度為x，雨滴下滑時加速度為a，對雨滴受力分析如圖所示，受重力mg和屋頂對雨滴的支持力FN，垂直于屋頂方向：mgcos FN，平行于屋頂方向：mamgsin 。雨滴的加速度為：agsin ，則傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大，A正確；雨滴對屋頂?shù)膲毫Υ笮。篎NFNmgcos ，則傾角越大，雨滴對屋頂壓力越小，B錯誤；根據(jù)三角關系判斷，屋頂坡面的長度x，由xgsin t2，可得：t ，可見當45時，用時最短，D錯誤；由vgsin t可得：v，可見越大，雨滴

10、從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大，C正確。9.如圖所示為滑沙游戲，游客從頂端A點由靜止滑下8 s后，操縱剎車手柄使滑沙車勻速下滑至底端B點，在水平滑道上繼續(xù)滑行直至停止。已知游客和滑沙車的總質量m70 kg，傾斜滑道AB長lAB128 m，傾角37，滑沙車底部與沙面間的動摩擦因數(shù)0.5?；耻嚱?jīng)過B點前后的速度大小不變，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，不計空氣阻力。求：(1)游客勻速下滑時的速度大??；(2)游客勻速下滑的時間；(3)若游客在水平滑道BC段的最大滑行距離為16 m，則他在此處滑行時，需對滑沙車施加多大的水平制動力。解析：(1)由牛頓第二定律得

11、mgsin mgcos ma，解得游客從頂端A點由靜止加速下滑時的加速度大小a2 m/s2，游客勻速下滑時的速度大小vat116 m/s。(2)游客加速下滑的路程l1at1264 m，勻速下滑的路程l2lABl164 m，勻速下滑的時間t24 s。(3)設游客在BC段的加速度大小為a，由0v22ax，解得a8 m/s2，由牛頓第二定律得Fmgma，解得制動力F210 N。答案：(1)16 m/s(2)4 s(3)210 N10.(2019西安模擬)小物塊以一定的初速度v0沿斜面(足夠長)向上運動，測得物塊沿斜面運動的最大位移x與斜面傾角的關系如圖所示。取g10 m/s2，空氣阻力不計?？赡苡玫?/p>

12、的函數(shù)值：sin 300.5，sin 370.6。求：(1)物塊的初速度v0；(2)物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)；(3)計算說明圖線中P點對應的斜面傾角為多大？在此傾角條件下，物塊能滑回斜面底端嗎？說明理由(設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等)。解析：(1)當90時，物塊做豎直上拋運動，末速度為0由題圖得上升最大位移為xm3.2 m由v022gxm，得v08 m/s。(2)當0時，物塊相當于在水平面上做勻減速直線運動，末速度為0由題圖得水平最大位移為x6.4 m由運動學公式有：v022ax由牛頓第二定律得：mgma，解得0.5。(3)設題圖中P點對應的斜面傾角為，物塊在斜面上做勻減速運動，末速度為0

13、由題圖得物塊沿斜面運動的最大位移為x3.2 m由運動學公式有：v022ax由牛頓第二定律有：mgsin mgcos ma代入數(shù)據(jù)，解得37因為mgsin mgcos ，所以物塊能滑回斜面底端。答案：(1)8 m/s(2)0.5(3)37能滑回斜面底端理由見解析11(2019濟南模擬)如圖所示，一質量m0.4 kg的小物塊，以v02 m/s 的初速度，在與斜面成某一夾角的拉力F作用下，沿斜面向上做勻加速運動，經(jīng)t2 s 的時間物塊由A點運動到B點，A、B之間的距離L10 m。已知斜面傾角30，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)。重力加速度g取10 m/s2。(1)求物塊加速度的大小及到達B點時速度的大小。(2)拉力F與斜面夾角多大時，拉力F最??？拉力F的最小值是多少？解析：(1)設物塊加速度的大小為a，到達B點時速度的大小為v，由運動學公式得Lv0tat2vv0at聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得a3 m/s2v8 m/s。(2)設物塊所受支持力為FN，所受摩擦力為Ff，拉力F與斜面間的夾角為，對物塊受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得Fcos mgsin FfmaFsin FNmgcos 0 又FfFN聯(lián)立式得F由數(shù)學知識得cos sin sin(60)由式可知F最小時，對應的夾角30聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得F的最小值為Fmin N。答案：(1)3 m/s28 m/s(2)30 N