2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案

上傳人:xt****7 文檔編號(hào):105951962 上傳時(shí)間:2022-06-13 格式:DOC 頁(yè)數(shù):18 大小:701KB
收藏 版權(quán)申訴 舉報(bào) 下載
2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案_第1頁(yè)
第1頁(yè) / 共18頁(yè)
2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案_第2頁(yè)
第2頁(yè) / 共18頁(yè)
2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案_第3頁(yè)
第3頁(yè) / 共18頁(yè)

下載文檔到電腦,查找使用更方便

9.9 積分

下載資源

還剩頁(yè)未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案(18頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案一、法拉第電磁感應(yīng)定律1.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì):在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì).(2)產(chǎn)生條件:穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生改變,與電路是否閉合無(wú)關(guān).(3)方向判斷:感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向用楞次定律或右手定則判斷.2.法拉第電磁感應(yīng)定律(1)內(nèi)容:閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小,跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比.(2)公式:En,其中n為線圈匝數(shù).(3)感應(yīng)電流與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系:遵循閉合電路的歐姆定律,即I.(4)說(shuō)明:當(dāng)僅由B的變化引起時(shí),則En;當(dāng)僅由S的變化引起時(shí),則En;當(dāng)由B、S的變化同時(shí)引起時(shí),則En

2、n.磁通量的變化率是t圖象上某點(diǎn)切線的斜率.3.導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(1)導(dǎo)體垂直切割磁感線時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可用EBlv求出,式中l(wèi)為導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度;(2)導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),導(dǎo)體棒以端點(diǎn)為軸,在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中垂直于磁感線方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBlBl2(平均速度等于中點(diǎn)位置的線速度l).自測(cè)1教材P17第1題改編將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中,關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流,下列表述正確的是()A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無(wú)關(guān)B.穿過(guò)線圈的磁通量越大,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.穿過(guò)線圈的磁通量變化越快,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同

3、答案C二、自感、渦流、電磁阻尼和電磁驅(qū)動(dòng)1.自感現(xiàn)象(1)概念:由于導(dǎo)體本身的電流變化而產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象稱為自感,由于自感而產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)叫做自感電動(dòng)勢(shì).(2)表達(dá)式:EL.(3)自感系數(shù)L的影響因素:與線圈的大小、形狀、匝數(shù)以及是否有鐵芯有關(guān).2.渦流現(xiàn)象(1)渦流:塊狀金屬放在變化磁場(chǎng)中,或者讓它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),金屬塊內(nèi)產(chǎn)生的旋渦狀感應(yīng)電流.(2)產(chǎn)生原因:金屬塊內(nèi)磁通量變化感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流.3.電磁阻尼導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),感應(yīng)電流會(huì)使導(dǎo)體受到安培力,安培力的方向總是阻礙導(dǎo)體的相對(duì)運(yùn)動(dòng).4.電磁驅(qū)動(dòng)如果磁場(chǎng)相對(duì)于導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng),在導(dǎo)體中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流使導(dǎo)體受到安培力而使導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)起來(lái).自測(cè)2

4、(多選)電吉他中電拾音器的基本結(jié)構(gòu)如圖1所示,磁體附近的金屬弦被磁化,因此弦振動(dòng)時(shí),在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流,電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)出聲音,下列說(shuō)法正確的有()圖1A.選用銅質(zhì)弦,電吉他仍能正常工作B.取走磁體,電吉他將不能正常工作C.增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D.弦振動(dòng)過(guò)程中,線圈中的電流方向不斷變化答案BCD解析銅質(zhì)弦為非磁性材料,不能被磁化,選用銅質(zhì)弦,電吉他不能正常工作,A項(xiàng)錯(cuò)誤;若取走磁體,金屬弦不能被磁化,其振動(dòng)時(shí),不能在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),電吉他不能正常工作,B項(xiàng)正確;由En可知,C項(xiàng)正確;弦振動(dòng)過(guò)程中,穿過(guò)線圈的磁通量大小不斷變化,由楞次定律可知,線圈中感應(yīng)電流

5、方向不斷變化,D項(xiàng)正確.命題點(diǎn)一法拉第電磁感應(yīng)定律的理解及應(yīng)用1.求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)常見(jiàn)情況情景圖研究對(duì)象回路(不一定閉合)一段直導(dǎo)線(或等效成直導(dǎo)線)繞一端轉(zhuǎn)動(dòng)的一段導(dǎo)體棒繞與B垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的導(dǎo)線框表達(dá)式EnEBLvsin EBL2ENBSsin t2.應(yīng)用注意點(diǎn)公式En的應(yīng)用,與B、S相關(guān),可能是B,也可能是S,當(dāng)Bkt時(shí),kS.例1輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m0.42 kg、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)1 m、匝數(shù)n10的正方形線圈,其總電阻為r1 .在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著磁場(chǎng),如圖2甲所示.磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示.(g10 m/s2)圖2(1)判斷線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電

6、流的方向是順時(shí)針還是逆時(shí)針;(2)求線圈的電功率;(3)求在t4 s時(shí)輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小.答案(1)逆時(shí)針(2)0.25 W(3)1.2 N解析(1)由楞次定律知感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?(2)由法拉第電磁感應(yīng)定律得EnnL20.5 V則P0.25 W(3)I0.5 A,F(xiàn)安nBILF安F線mg聯(lián)立解得F線1.2 N.拓展延伸(1)在例1中磁感應(yīng)強(qiáng)度為多少時(shí),細(xì)線的拉力剛好為0?(2)在例1中求在t6 s內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量?答案(1)0.84 T(2)3 C解析(1)細(xì)線的拉力剛好為0時(shí)滿足:F安mgF安nBIL聯(lián)立解得:B0.84 T(2)由qIt得:q0.56 C3 C.變式1(2

7、017天津理綜3)如圖3所示,兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi),導(dǎo)軌之間接有電阻R.金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸,整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下.現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小,ab始終保持靜止,下列說(shuō)法正確的是()圖3A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aB.ab中的感應(yīng)電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小答案D解析金屬棒ab、電阻R、導(dǎo)軌構(gòu)成閉合回路,磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小(k為一定值),則閉合回路中的磁通量減小,根據(jù)楞次定律,可知回路中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流,ab中的電流方向由a到b,故A錯(cuò)誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EkS,回路

8、面積S不變,即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值,設(shè)ab的電阻為r,根據(jù)閉合電路歐姆定律I,所以ab中的電流大小不變,故B錯(cuò)誤;安培力FBIL,電流大小和金屬棒長(zhǎng)度不變,磁感應(yīng)強(qiáng)度減小,則安培力減小,故C錯(cuò)誤;導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài),所受合力為零,對(duì)其受力分析,水平方向靜摩擦力Ff與安培力F等大反向,安培力減小,則靜摩擦力減小,故D正確.變式2(2018湖北黃岡調(diào)研)如圖4甲所示,一個(gè)電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路.線圈的半徑為r1,在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示.圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B

9、0,導(dǎo)線的電阻不計(jì).求0至t1時(shí)間內(nèi)圖4(1)通過(guò)電阻R1的電流大小和方向;(2)通過(guò)電阻R1的電荷量q和產(chǎn)生的熱量Q.答案(1)方向從b到a(2)解析(1)由題圖乙分析可知,0至t1時(shí)間內(nèi)有.由法拉第電磁感應(yīng)定律有EnnS.而Sr22,由閉合電路歐姆定律有I1.聯(lián)立以上各式解得I1.由楞次定律可得電阻R1上的電流方向?yàn)閺腷到a.(2)通過(guò)電阻R1上的電荷量qI1t1.電阻R1上產(chǎn)生的熱量QIR1t1.命題點(diǎn)二導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)1.計(jì)算:切割方式感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式垂直切割EBlv傾斜切割EBlvsin ,其中為v與B的夾角旋轉(zhuǎn)切割(以一端為軸)EBl2說(shuō)明(1)導(dǎo)體與磁場(chǎng)方向垂直;(

10、2)磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng).2.判斷:(1)把產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那部分電路或?qū)w當(dāng)作電源的內(nèi)電路,那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源.(2)若電路是不閉合的,則先假設(shè)有電流通過(guò),然后應(yīng)用楞次定律或右手定則判斷出電流的方向.(3)電源內(nèi)部電流的方向是由負(fù)極(低電勢(shì))流向正極(高電勢(shì)),外電路順著電流方向每經(jīng)過(guò)一個(gè)電阻電勢(shì)都要降低.例2(多選)(2017全國(guó)卷20)兩條平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與紙面垂直.邊長(zhǎng)為0.1 m、總電阻為0.005 的正方形導(dǎo)線框abcd位于紙面內(nèi),cd邊與磁場(chǎng)邊界平行,如圖5甲所示.已知導(dǎo)線框一直向右做勻速直線運(yùn)動(dòng),cd邊于t0時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng).線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖線如圖

11、乙所示(感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取正).下列說(shuō)法正確的是()圖5A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.5 TB.導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)的速度的大小為0.5 m/sC.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外D.在t0.4 s至t0.6 s這段時(shí)間內(nèi),導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.1 N答案BC解析由Et圖象可知,導(dǎo)線框經(jīng)過(guò)0.2 s全部進(jìn)入磁場(chǎng),則速度v m/s0.5 m/s,選項(xiàng)B正確;由題圖乙可知,E0.01 V,根據(jù)EBlv得,B T0.2 T,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;根據(jù)右手定則及正方向的規(guī)定可知,磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外,選項(xiàng)C正確;在t0.4 s至t0.6 s這段時(shí)間內(nèi),導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流I A2 A, 所受的

12、安培力大小為FBIl0.220.1 N0.04 N,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.例3(多選)(2016全國(guó)卷20)法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如圖6所示.銅圓盤安裝在豎直的銅軸上,兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸.圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中.圓盤旋轉(zhuǎn)時(shí),關(guān)于流過(guò)電阻R的電流,下列說(shuō)法正確的是()圖6A.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定,則電流大小恒定B.若從上向下看,圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),則電流沿a到b的方向流動(dòng)C.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變,角速度大小發(fā)生變化,則電流方向可能發(fā)生變化D.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍,則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍答案AB解析將圓盤看成無(wú)數(shù)幅條組成,它們都在切割磁感線從而產(chǎn)生感應(yīng)

13、電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流,則當(dāng)圓盤順時(shí)針(俯視)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),根據(jù)右手定則可知圓盤上感應(yīng)電流從邊緣流向中心,流過(guò)電阻的電流方向從a到b,B對(duì);由法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBLBL2,I,恒定時(shí),I大小恒定,大小變化時(shí),I大小變化,方向不變,故A對(duì),C錯(cuò);由PI2R知,當(dāng)變?yōu)樵瓉?lái)的2倍時(shí),P變?yōu)樵瓉?lái)的4倍,D錯(cuò).變式3(2015安徽理綜19)如圖7所示,abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導(dǎo)軌,間距為l,導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,導(dǎo)軌電阻不計(jì).已知金屬桿MN傾斜放置,與導(dǎo)軌成角,單位長(zhǎng)度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(dòng)(金屬桿滑動(dòng)過(guò)程中與導(dǎo)軌接觸良好).

14、則()圖7A.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為B.電路中感應(yīng)電流的大小為C.金屬桿所受安培力的大小為D.金屬桿的發(fā)熱功率為答案B解析電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBlv,感應(yīng)電流I,故A錯(cuò)誤,B正確;金屬桿所受安培力大小FBI,故C錯(cuò)誤;金屬桿的發(fā)熱功率PI2RI2r,故D錯(cuò)誤.變式4(2015新課標(biāo)全國(guó)卷15)如圖8,直角三角形金屬框abc放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向平行于ab邊向上.當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別為Ua、Ub、Uc.已知bc邊的長(zhǎng)度為l.下列判斷正確的是()圖8A.UaUc,金屬框中無(wú)電流B.UbUc,金屬框中電流方向沿abcaC.UbcBl2,

15、金屬框中無(wú)電流D.UbcBl2,金屬框中電流方向沿acba答案C解析金屬框abc平面與磁場(chǎng)平行,轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中磁通量始終為零,所以無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生,選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤.轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中bc邊和ac邊均切割磁感線,產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),由右手定則判斷UaUc,UbIA1,即RL1RA1,故A錯(cuò);題圖甲中,閉合開(kāi)關(guān)S1,電路穩(wěn)定后,因?yàn)镽L10)隨時(shí)間變化.t0時(shí),P、Q兩極板電勢(shì)相等,兩極板間的距離遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑.經(jīng)時(shí)間t,電容器的P極板()圖9A.不帶電B.所帶電荷量與t成正比C.帶正電,電荷量是D.帶負(fù)電,電荷量是答案D解析由于K0,磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大,所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反,由右手螺旋定則,感應(yīng)電流

16、方向逆時(shí)針,在電源內(nèi)部電流從負(fù)極流向正極,所以P極板為電源負(fù)極,帶負(fù)電,由UK()2,qCU,故選項(xiàng)D正確.11.如圖10所示,某同學(xué)在玻璃皿中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極,沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極做“旋轉(zhuǎn)的液體”實(shí)驗(yàn),若蹄形磁鐵兩極間正對(duì)部分的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0.1 T,玻璃皿的橫截面的半徑為a0.05 m,電源的電動(dòng)勢(shì)為E3 V,內(nèi)阻r0.1 ,限流電阻R04.9 ,玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R0.9 ,閉合開(kāi)關(guān)后,當(dāng)液體旋轉(zhuǎn)時(shí),電壓表的示數(shù)為1.5 V,則()圖10A.由上往下看,液體做順時(shí)針旋轉(zhuǎn)B.液體所受的安培力大小為1.5104 NC.閉合開(kāi)關(guān)后

17、,液體熱功率為0.81 WD.閉合開(kāi)關(guān)10 s,液體具有的動(dòng)能是3.69 J答案D解析由于中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極,沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形的電極接電源的正極,在電源外部電流由正極流向負(fù)極,因此電流由邊緣流向中心;玻璃皿所在處的磁場(chǎng)豎直向上,由左手定則可知,導(dǎo)電液體受到的安培力沿逆時(shí)針?lè)较颍虼艘后w沿逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn),故A錯(cuò)誤;電壓表的示數(shù)為1.5 V,則根據(jù)閉合電路歐姆定律有EUIR0Ir,所以電路中的電流I A0.3 A,液體所受的安培力大小FBILBIa0.10.30.05 N1.5103 N,故B錯(cuò)誤;玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R0.9 ,則液體熱功率為P熱I2R0.320.9

18、W0.081 W,故C錯(cuò)誤;10 s末液體的動(dòng)能等于安培力對(duì)液體做的功,通過(guò)玻璃皿的電流的功率PUI1.50.3 W0.45 W,所以閉合開(kāi)關(guān)10 s,液體具有的動(dòng)能EkW電流W熱(PP熱)t(0.450.081)10 J3.69 J,故D正確.12.(2017北京海淀重點(diǎn)中學(xué)月考)如圖11甲所示,水平面上的平行導(dǎo)軌MN、PQ上放著兩根導(dǎo)體棒ab、cd,兩棒間用絕緣絲線系住.開(kāi)始勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化如圖乙所示,圖線與t軸的交點(diǎn)為t0.I和FT分別表示通過(guò)導(dǎo)體棒中的電流和絲線的拉力(不計(jì)電流間的相互作用).則在t0時(shí)刻()圖11A.I0,F(xiàn)T0 B.I0,F(xiàn)T0C.I

19、0,F(xiàn)T0 D.I0,F(xiàn)T0答案C解析由題圖乙看出,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t做均勻變化,則穿過(guò)回路的磁通量隨時(shí)間也做均勻變化,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知回路中將產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流,所以I0,但t0時(shí)刻B0,兩棒都不受安培力,故絲線的拉力FT0.所以C正確.13.如圖12所示,MN、PQ是兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌間距為d,導(dǎo)軌所在平面與水平面成角,M、P間接阻值為R的電阻.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與導(dǎo)軌所在平面垂直,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.質(zhì)量為m、阻值為r、長(zhǎng)度為d的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上,在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下,以速度v勻速向上運(yùn)動(dòng).已知金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直并且保持良好接觸,重力加速度為g.求:圖12(1)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E;(2)通過(guò)電阻R的電流I;(3)拉力F的大小.答案(1)Bdv(2)(3)mgsin 解析(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得EBdv.(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律得I(3)導(dǎo)體棒的受力情況如圖所示,根據(jù)牛頓第二定律有FF安mgsin 0,又因?yàn)镕安BId,所以Fmgsin .

展開(kāi)閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無(wú)特殊說(shuō)明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁(yè)內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒(méi)有圖紙預(yù)覽就沒(méi)有圖紙。
4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關(guān)資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關(guān)于我們 - 網(wǎng)站聲明 - 網(wǎng)站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網(wǎng)站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網(wǎng)版權(quán)所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號(hào):ICP2024067431號(hào)-1 川公網(wǎng)安備51140202000466號(hào)


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務(wù)平臺(tái),本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請(qǐng)立即通知裝配圖網(wǎng),我們立即給予刪除!