高考物理大二輪專題復習 考前增分練 選擇題部分 專練3 受力分析和共點力的平衡

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1、高考物理大二輪專題復習 考前增分練 選擇題部分 專練3 受力分析和共點力的平衡1一建筑塔吊如圖1所示向右上方勻速提升建筑物料，若忽略空氣阻力，則下列有關該物料的受力圖正確的是()圖1答案D解析由題意可知，物料勻速運動，合力為零，則受力分析，拉力FT與重力mg平衡，故A、B、C錯誤，D正確2傾角為45的斜面固定在墻角，一質量分布均勻的光滑球體在大小為F的水平推力作用下靜止在如圖2所示的位置，F的作用線通過球心，設球所受重力大小為G，豎直墻對球的彈力大小為F1，斜面對球的彈力大小為F2，則下列說法正確的是()圖2AF1一定大于F BF2一定大于GCF2一定大于F DF2一定大于F1答案B解析以球為

2、研究對象，受力分析，如圖所示，根據平衡條件可得：F2sin GFF1F2cos 所以F2一定大于G，F1一定小于F，F2與F的大小關系不確定，F1和F2的大小關系也不確定，所以B正確，A、C、D錯誤3如圖3所示，傾角為60的斜面固定在水平面上，輕桿B端用鉸鏈固定在豎直墻上，A端頂住質量為m、半徑為R的勻質球并使之在圖示位置靜止，此時A與球心O的高度差為，不計一切摩擦，輕桿可繞鉸鏈自由轉動，重力加速度為g，則有()圖3A輕桿與水平面的夾角為60B輕桿對球的彈力大小為2mgC斜面對球的彈力大小為mgD球所受的合力大小為mg，方向豎直向上答案C解析設輕桿與水平方向夾角為，由sin ，30，故A錯誤；

3、對球由幾何知識得，輕桿對球的彈力大小FN2mg，故B錯誤；斜面對球的彈力大小為mg，C正確；球處于靜止狀態(tài)，所受的合力大小為0，D錯誤4(xx河南洛陽二模)如圖4甲所示，在粗糙水平面上靜置一個截面為等腰三角形的斜劈A，其質量為M，兩個底角均為30.兩個完全相同的、質量均為m的小物塊p和q恰好能沿兩側面勻速下滑若現在對兩物塊同時各施加一個平行于斜劈側面的恒力F1、F2，且F1F2，如圖乙所示，則在p和q下滑的過程中，下列說法正確的是()圖4A斜劈A仍保持靜止B斜劈A受到地面向右的摩擦力作用C斜劈A對地面的壓力大小等于(M2m)gD斜劈A對地面的壓力大于(M2m)g答案AC解析甲圖中，三個物體都處

4、于平衡狀態(tài)，故可以對三個物體的整體受力分析，受重力和支持力，故支持力為(M2m)g，沒有摩擦力；在圖乙中，物塊p、q對斜劈的壓力和摩擦力不變，故斜劈受力情況不變，故斜劈A仍保持靜止，斜劈A對地面的壓力大小等于(M2m)g，與地面間沒有摩擦力，故A、C正確，B、D錯誤5如圖5所示，固定的半球面右側是光滑的，左側是粗糙的，O點為球心，A、B為兩個完全相同的小物塊(可視為質點)，小物塊A靜止在球面的左側，受到的摩擦力大小為F1，對球面的壓力大小為FN1；小物塊B在水平力F2作用下靜止在球面的右側，對球面的壓力大小為FN2，已知兩小物塊與球心連線和豎直方向的夾角均為，則()圖5AF1F2cos 1 B

5、F1F2sin 1CFN1FN2cos21 DFN1FN2sin21答案AC解析分別對A、B兩個相同的小物塊受力分析，如圖，由平衡條件，得：F1mgsin FN1mgcos 同理：F2mgtan FN2故cos ，cos2.6如圖6所示，某同學通過滑輪組將一重物緩慢吊起的過程中，該同學對繩的拉力將(滑輪與繩的重力及摩擦均不計)()圖6A越來越小B越來越大C先變大后變小D先變小后變大答案B解析本題主要考查了共點力平衡的條件及其應用對結點受力分析，如圖所示，由于為同一根繩子，故F1F2F，設F1與F2夾角為，則F1F2，在重物被吊起的過程中，變大，故F1與F2同時變大，故選項B正確7如圖7將兩個質

6、量均為m的小球a、b用細線相連懸掛于O點，用力F拉小球a，使整個裝置處于靜止狀態(tài)，且懸線Oa與豎直方向的夾角為30，則F的最小值為()圖7A.mg BmgC.mg D.mg答案B解析以a、b兩球為一整體進行受力分析：受重力2mg，繩子的拉力FT，拉力F，其中重力是恒力，繩子拉力FT方向恒定，根據平衡條件，整體受合外力為零，所以當F的方向與繩子垂直時最小，如圖所示，根據幾何關系可得：F2mgsin 30mg，所以B正確，A、C、D錯誤8如圖8所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ，OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈簧的兩端水平力F作用于b時，a、b緊靠擋板處于靜止狀態(tài)現保證b球不動，使擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則()圖8A彈簧變長 B彈簧變短C力F變大 Db對地面的壓力變大答案A解析對a隔離分析可知，OP向右緩慢平移時彈簧彈力變小，OP對a的彈力變小，故彈簧變長，A正確；對a、b整體分析，F與OP對a的彈力平衡，故力F變小，b對地面的壓力始終等于a、b的總重力，故不變