2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 刷題首選卷 專題二 受力分析與共點力平衡精練（含解析）

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1、專題二受力分析與共點力平衡經(jīng)典特訓(xùn)題組1. 如圖所示，一箱蘋果沿著傾角為的斜面，以速度v勻速下滑。在箱子的中央有一個質(zhì)量為m的蘋果，它受到周圍蘋果對它的作用力的方向()A沿斜面向上 B沿斜面向下C豎直向上 D垂直斜面向上答案C解析由質(zhì)量為m的蘋果勻速下滑可知，該蘋果所受合力為0，分析受力可知，它受重力及周圍蘋果對它的作用力，根據(jù)二力平衡條件可得，周圍蘋果對它的作用力大小為mg，方向豎直向上，故C正確。2浙江烏鎮(zhèn)一帶的農(nóng)民每到清明時節(jié)舉辦民俗活動，在一個巨型石臼上插入一根碩大的毛竹，表演者爬上竹稍表演各種驚險動作。如圖所示，下列說法正確的是()A在任何位置表演者靜止時只受重力和彈力作用B在任何位

2、置竹竿對表演者的作用力必定與竹竿垂直C表演者靜止時，竹竿對其的作用力必定豎直向上D表演者越靠近竹竿底部所受的摩擦力就越小答案C解析表演者大部分情況下受到重力、彈力和摩擦力三個力的作用，故A錯誤；表演者處于平衡狀態(tài)，故受竹竿的力與重力大小相等方向相反，即豎直向上，不一定與桿的方向垂直，故B錯誤，C正確；表演者越靠近竹竿底部時桿與水平方向的夾角就越大，所以摩擦力fmgsin就越大，故D錯誤；故選C。3(多選)如圖所示，在恒力F作用下，a、b兩物體一起沿粗糙豎直墻面勻速向上運動，則關(guān)于它們受力情況的說法正確的是()Aa一定受到4個力 Bb可能受到4個力Ca與墻壁之間一定有彈力和摩擦力 Da與b之間一

3、定有摩擦力答案AD解析將a、b看成整體，其受力示意圖如圖甲所示，說明a與墻壁之間沒有彈力和摩擦力作用，C錯誤；對物體b進行受力分析，如圖乙所示，a與b之間一定有摩擦力，b一定受到3個力作用，B錯誤，D正確；由以上分析可知物體a受力如圖丙所示，a一定受到4個力，A正確。4. (多選)如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜止。則在此過程中，下列說法正確的是()AMN對Q的彈力逐漸減小BP對Q的彈力逐漸增大C地面對P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合

4、力逐漸增大答案BC解析對Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直向下的重力mg、MN給的向左的支持力F1和P對Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，F(xiàn)2，在MN保持豎直并且緩慢地向右平移的過程中，增大，故F1、F2增大，即MN對Q的彈力逐漸增大，P對Q的彈力逐漸增大，A錯誤，B正確；對P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，C正確；移動MN過程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，D錯誤。5. 將兩個質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸掛于O

5、點，如圖所示。用力F拉小球b，使兩個小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線Oa與豎直方向的夾角保持30，則F最小時Oa繩上的拉力為()A.mg Bmg C.mg D.mg答案A解析以兩個小球組成的整體為研究對象，分析受力，作出F方向變化時整體的受力圖，根據(jù)平衡條件可知，F(xiàn)與T的合力與重力2mg總是大小相等，方向相反，由力的合成圖可知，當(dāng)F與繩Oa垂直時，F(xiàn)有最小值，即圖中2的位置，此時F2mgsin30mg，T2mgcos30mg，故A正確。6. 如圖所示，傾角為的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物體a放在斜面上，輕質(zhì)細(xì)線一端固定在物體a上，另一端繞過光滑的滑輪固定在c點，輕質(zhì)滑輪2下懸掛物體b，系統(tǒng)處于靜止?fàn)?/p>

6、態(tài)。若將固定點c向右移動少許，而a與斜劈始終靜止，下列說法錯誤的是()A斜劈對物體a的摩擦力一定減小B斜劈對地面的壓力一定不變C細(xì)線對物體a的拉力一定增大D地面對斜劈的摩擦力一定增大答案A解析對滑輪和物體b受力分析，受重力和兩個拉力，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件，有mbg2Tcos，計算得T。將固定點c向右移動少許，則增大，故拉力T增大；對物體a受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，拉力增大，但因為不知道拉力與重力沿斜面向下的分力的大小關(guān)系，故無法判斷靜摩擦力的方向，故不能判斷靜摩擦力的變化情況，故A錯誤，C正確；對斜劈、物體a、b和滑輪1、2整體受力分析，受重力、支持力、細(xì)線的拉力和地面的靜

7、摩擦力，如圖乙所示，根據(jù)平衡條件，有NG總TcosG總，N與角度無關(guān)，恒定不變，根據(jù)牛頓第三定律，斜劈對地面的壓力也不變，B正確；fTsintan，將固定點c向右移動少許，則增大，故摩擦力增大，所以D正確。本題要求選說法錯誤的，故選A。7(多選) 中國書法歷史悠久，是中華民族優(yōu)秀傳統(tǒng)文化之一。在楷書筆畫中，長橫的寫法要領(lǐng)如下：起筆時一頓，然后向右行筆，收筆時略向右按，再向左上回帶。該同學(xué)在水平桌面上平鋪一張白紙，為防打滑，他在白紙的左側(cè)靠近邊緣處用鎮(zhèn)紙壓住。則在向右行筆的過程中()A鎮(zhèn)紙受到向左的摩擦力 B毛筆受到向左的摩擦力C白紙只受到向右的摩擦力 D桌面受到向右的摩擦力答案BD解析白紙和鎮(zhèn)

8、紙始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，對鎮(zhèn)紙受力分析知，鎮(zhèn)紙不受摩擦力，否則水平方向受力不平衡，鎮(zhèn)紙的作用是增大紙與桌面之間的彈力與最大靜摩擦力，故A錯誤；毛筆在書寫的過程相對紙面向右運動，受到向左的摩擦力，故B正確；白紙與鎮(zhèn)紙之間沒有摩擦力，白紙始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則白紙在水平方向受到毛筆以及桌面對它的摩擦力，由B項可知，毛筆受到的摩擦力向左，由牛頓第三定律可知，白紙受到毛筆的摩擦力向右，根據(jù)平衡條件可知，桌面對白紙的摩擦力向左，故C錯誤；桌面對白紙的摩擦力向左，根據(jù)牛頓第三定律可知，白紙對桌面的摩擦力向右，故D正確。真題調(diào)研題組1(2019江蘇高考) 如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對氣球的作用力水平

9、向右。細(xì)繩與豎直方向的夾角為，繩的拉力為T，則風(fēng)對氣球作用力的大小為()A. B.CTsin DTcos答案C解析對氣球受力分析，如下圖所示，將繩的拉力T分解，在水平方向：風(fēng)對氣球的作用力大小為FTsin，C正確。2(2019全國卷)用卡車運輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面、固定在車上，傾角分別為30和60。重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時，圓筒對斜面、壓力的大小分別為F1、F2，則()AF1mg，F(xiàn)2mg BF1mg，F(xiàn)2mgCF1mg，F(xiàn)2mg DF1mg，F(xiàn)2mg答案D解析如圖所示，卡車勻速行駛，圓筒受力平衡，由題意知，力F

10、1與F2相互垂直。由牛頓第三定律知F1F1，F(xiàn)2F2，則F1mgsin60mg，F(xiàn)2mgsin30mg，D正確。3(2019全國卷)物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30的固定斜面向上勻速運動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10 m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1500 N，則物塊的質(zhì)量最大為()A150 kg B100 kgC200 kg D200 kg答案A解析物塊沿斜面向上勻速運動，受力如圖，根據(jù)平衡條件FFfmgsinFfFNFNmgcos由式得Fmgsinmgcos所以m故當(dāng)Fmax1500 N時，有mmax150 kg，A正確。4(2019全國卷)(多選)

11、如圖，一粗糙斜面固定在地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細(xì)繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊N，另一端與斜面上的物塊M相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平向左的拉力緩慢拉動N，直至懸掛N的細(xì)繩與豎直方向成45。已知M始終保持靜止，則在此過程中()A水平拉力的大小可能保持不變BM所受細(xì)繩的拉力大小一定一直增加CM所受斜面的摩擦力大小一定一直增加DM所受斜面的摩擦力大小可能先減小后增加答案BD解析選N為研究對象，受力情況如圖甲所示，用水平拉力F緩慢拉動N的過程中，水平拉力F逐漸增大，細(xì)繩的拉力T逐漸增大，A錯誤，B正確；對于M，受重力GM、支持力FN、繩的拉力T以及斜面對它的摩擦力f。如圖乙所示，若開始時斜

12、面對M的摩擦力f沿斜面向上，則TfGMsin，T逐漸增大，f逐漸減小，當(dāng)f減小到零后，再反向增大；若開始時斜面對M的摩擦力沿斜面向下，此時，TGMsinf，當(dāng)T逐漸增大時，f逐漸增大，C錯誤，D正確。5. (2017全國卷)如圖所示，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動。若保持F的大小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線運動。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為()A2 B. C. D.答案C解析設(shè)物塊的質(zhì)量為m。據(jù)平衡條件及摩擦力公式有拉力F水平時，F(xiàn)mg拉力F與水平面成60角時，F(xiàn)cos60(mgFsin60)聯(lián)立式解得，故C正確。6(2017全國卷)一根輕質(zhì)彈性繩的兩端

13、分別固定在水平天花板上相距80 cm的兩點上，彈性繩的原長也為80 cm。將一鉤碼掛在彈性繩的中點，平衡時彈性繩的總長度為100 cm；再將彈性繩的兩端緩慢移至天花板上的同一點，則彈性繩的總長度變?yōu)?彈性繩的伸長始終處于彈性限度內(nèi))()A86 cm B92 cm C98 cm D104 cm答案B解析輕質(zhì)彈性繩的兩端分別固定在相距80 cm的兩點上，鉤碼掛在彈性繩的中點，平衡時彈性繩的總長度為100 cm，以鉤碼為研究對象，受力如圖所示，由胡克定律Fk(ll0)0.2k，由共點力的平衡條件和幾何知識得F；再將彈性繩的兩端緩慢移至天花板上的同一點，設(shè)彈性繩的總長度變?yōu)閘，由胡克定律得Fk(ll0

14、)，由共點力的平衡條件F，聯(lián)立上面各式解得l92 cm，選項B正確。7(2019天津高考) 2018年10月23日，港珠澳跨海大橋正式開通。為保持以往船行習(xí)慣，在航道處建造了單面索(所有鋼索均處在同一豎直面內(nèi))斜拉橋，其索塔與鋼索如圖所示。下列說法正確的是()A增加鋼索的數(shù)量可減小索塔受到的向下的壓力B為了減小鋼索承受的拉力，可以適當(dāng)降低索塔的高度C索塔兩側(cè)鋼索對稱且拉力大小相同時，鋼索對索塔的合力豎直向下D為了使索塔受到鋼索的合力豎直向下，索塔兩側(cè)的鋼索必須對稱分布答案C解析索塔對鋼索豎直向上的作用力跟鋼索和橋體整體的重力平衡，增加鋼索數(shù)量，其整體重力變大，故索塔受到的向下的壓力變大，A錯誤

15、；若索塔高度降低，則鋼索與豎直方向夾角將變大，由TcosG可知，鋼索拉力T將變大，B錯誤；兩側(cè)鋼索的拉力對稱，合力一定豎直向下，C正確；若兩側(cè)的鋼索非對稱分布，但其水平方向的合力為0，合力仍豎直向下，D錯誤。8(2017天津高考) (多選)如圖所示，輕質(zhì)不可伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點，懸掛衣服的衣架掛鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，下列說法正確的是()A繩的右端上移到b，繩子拉力不變B將桿N向右移一些，繩子拉力變大C繩的兩端高度差越小，繩子拉力越小D若換掛質(zhì)量更大的衣服，則衣架懸掛點右移答案AB解析設(shè)繩長為l，兩桿間距離為d，選

16、O點為研究對象，因aOb為同一根繩，故aO、bO對O點的拉力大小相等，因此平衡時aO、bO與水平方向的夾角相等，設(shè)為。O點受力情況如圖所示，根據(jù)平衡條件，得2Tsinmg，而sin，所以T。由以上各式可知，當(dāng)l、d不變時，不變，故換掛質(zhì)量更大的衣服時，懸掛點不變，D錯誤。若衣服質(zhì)量不變，改變b的位置或改變繩兩端的高度差，繩子拉力不變，A正確，C錯誤。當(dāng)N桿向右移一些時，d變大，則T變大，B正確。故選A、B。9(2017全國卷) (多選)如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N。初始時，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為?，F(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保

17、持夾角不變。在OM由豎直被拉到水平的過程中()AMN上的張力逐漸增大BMN上的張力先增大后減小COM上的張力逐漸增大DOM上的張力先增大后減小答案AD解析設(shè)重物的質(zhì)量為m，繩OM中的張力為TOM，繩MN中的張力為TMN。開始時，TOMmg，TMN0。由于緩慢拉起，則重物一直處于平衡狀態(tài)，兩繩張力的合力與重物的重力mg等大、反向。如圖所示，已知角不變，在繩MN緩慢拉起的過程中，角逐漸增大，則角()逐漸減小，但角不變，在三角形中，利用正弦定理得：，()由鈍角變?yōu)殇J角，則TOM先增大后減小，選項D正確；同理知，在由0變?yōu)榈倪^程中，TMN一直增大，選項A正確。故選A、D。模擬沖刺題組1(2019四省名

18、校高三第二次聯(lián)考)如圖所示，在卸貨場，掛鉤連接四根長度均為L的輕繩，四根輕繩的另一端與一質(zhì)量為m、直徑為1.2L的水平圓環(huán)相連，連接點將圓環(huán)四等分。圓環(huán)正緩慢地勻速上升，已知重力加速度為g，則每根輕繩上的拉力大小為()A.mg B.mg C.mg D.mg答案C解析水平圓環(huán)勻速上升，受力平衡，則四根繩子的合力Fmg，則每一根繩的拉力在豎直方向上的分量等于mg，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有：sin0.6，cos0.8，則Tcosmg，解得：Tmg，故C正確。2(2019安徽省“江南十校”高三三月綜合質(zhì)檢)如圖所示，游樂場中有一半球形的碗狀裝置固定在水平地面上，裝置的內(nèi)半徑為R，在其內(nèi)

19、表面有一個小孩(可視為質(zhì)點)從底部向上爬行，小孩與內(nèi)表面之間的動摩擦因數(shù)為0.75，設(shè)小孩所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則小孩沿該裝置緩慢向上爬行的最大高度是()A0.2R B0.25R C0.75R D0.8R答案A解析設(shè)小孩爬到最高處時，小孩與圓心的連線與豎直方向的夾角為，對小孩受力分析，由平衡條件得，mgsinmgcos，解得37，又由幾何關(guān)系得，最大高度hRRcos0.2R，故A正確。3. (2019山東淄博一模)如圖所示，a、b兩個小球穿在一根光滑的固定桿上，并且通過一條細(xì)繩跨過定滑輪連接。已知b球質(zhì)量為m，桿與水平面的夾角為30，不計所有摩擦。當(dāng)兩球靜止時，Oa段繩與桿的夾角也

20、為30，Ob段繩沿豎直方向，則a球的質(zhì)量為()A.m B.m C.m D2m答案A解析設(shè)桿與水平面的夾角為，分別對a、b兩球分析受力，如圖所示，根據(jù)共點力平衡條件，對b球：Tmbg，對a球：，得mbmatan301，則mambm，故A正確。4. (2019黑龍江齊齊哈爾一模)(多選)如圖所示，豎直墻壁與光滑水平地面交于B點，質(zhì)量為m1的光滑半圓柱體O1緊靠豎直墻壁置于水平地面上，質(zhì)量為m2的均勻小球O2用長度等于A、B兩點間距離L的細(xì)線懸掛于豎直墻壁上的A點，小球O2靜置于半圓柱體O1上，當(dāng)半圓柱體質(zhì)量不變而半徑不同時，細(xì)線與豎直墻壁的夾角就會跟著發(fā)生改變。已知重力加速度為g，不計各接觸面間的

21、摩擦，則下列說法正確的是()A當(dāng)60時，半圓柱體對地面的壓力大小為m1gm2gB當(dāng)60時，小球?qū)Π雸A柱體的壓力大小為m2gC改變半圓柱體的半徑，半圓柱體對豎直墻壁的最大壓力大小為m2gD半圓柱體的半徑增大時，其對地面的壓力保持不變答案AC解析對小球進行受力分析如圖1所示，因為ABAO2，AB與半圓柱體的弧面相切，由幾何知識可知，AO2與半圓柱體的弧面相切，則小球受到的繩子的拉力T與半圓柱體對小球的支持力N相互垂直，故當(dāng)60時，Tm2gcosm2g，Nm2gsinm2g；以小球與半圓柱體組成的整體為研究對象，它們受到重力、地面的支持力、繩子的拉力以及墻對半圓柱體的彈力，如圖2所示，豎直方向m1g

22、m2gTcosN，所以Nm1gm2gTcosm1gm2g，根據(jù)牛頓第三定律可知，半圓柱體對地面的壓力大小為m1gm2g，小球?qū)Π雸A柱體的壓力大小為m2g，A正確，B錯誤。若改變半圓柱體的半徑，以小球與半圓柱體組成的整體為研究對象，在水平方向FNTsinm2gsincosm2gsin2，可知，當(dāng)45時，半圓柱體受到墻對半圓柱體的彈力最大，為m2g，根據(jù)牛頓第三定律可知，半圓柱體對豎直墻壁的最大壓力大小為m2g，C正確。半圓柱體所受地面的支持力：Nm1gm2gTcosm1gm2gm2gcos2m1gm2gsin2，由幾何關(guān)系可知，增大半圓柱體的半徑，則增大，N將增大，根據(jù)牛頓第三定律可知，半圓柱體

23、對地面的壓力將增大，D錯誤。5. (2019河南百師聯(lián)盟高三上學(xué)期七調(diào))質(zhì)量均為m的兩物塊A和B之間連接著一個輕質(zhì)彈簧，其勁度系數(shù)為k，現(xiàn)將物塊A、B放在水平地面上一斜面的等高處，如圖所示，彈簧處于壓縮狀態(tài)，且物體與斜面均能保持靜止，已知斜面的傾角為，兩物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)均為，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則下列說法正確的是()A斜面和水平地面間一定有靜摩擦力B斜面對A、B組成的系統(tǒng)的靜摩擦力大于2mgsinC若將彈簧拿掉，物塊有可能發(fā)生滑動D彈簧的最大壓縮量為答案D解析對斜面、A、B和彈簧構(gòu)成的整體分析，整體處于平衡狀態(tài)，沒有相對運動或相對運動趨勢，故斜面與水平地面間沒有摩擦力作用，A

24、錯誤；對A和B整體分析，A、B組成的系統(tǒng)整體的重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，即f2mgsin，B錯誤；拿掉彈簧后，A或B受到的靜摩擦力變小，其他力不變，故A和B都不會發(fā)生滑動，C錯誤；對A或B受力分析，均受彈簧彈力F、重力、斜面的支持力、靜摩擦力，其中F與重力沿斜面方向的分力垂直，由于A、B受力平衡，則彈簧彈力大小等于重力沿斜面方向的分力和靜摩擦力f的合力大小，當(dāng)靜摩擦力最大時，彈簧彈力最大，彈簧壓縮量最大，此時kx，其中最大靜摩擦力fmmgcos，故彈簧的最大壓縮量x，D正確。6. (2019貴陽一模)(多選)如圖所示，一根粗細(xì)和質(zhì)量分布均勻的細(xì)繩，兩端各系一個質(zhì)量都為m的小環(huán)，小環(huán)套在固

25、定水平桿上，兩環(huán)靜止時，繩子過環(huán)與細(xì)繩結(jié)點P、Q的切線與豎直方向的夾角均為，已知繩子的質(zhì)量也為m，重力加速度大小為g，則兩環(huán)靜止時()A每個環(huán)對桿的壓力大小為mgB繩子最低點處的彈力的大小為C水平桿對每個環(huán)的摩擦力大小為mgtanD兩環(huán)之間的距離增大，桿對環(huán)的摩擦力增大答案BD解析以左側(cè)繩為研究對象，受力分析如圖1所示，根據(jù)平衡條件，有水平方向：FTsin，豎直方向：mgTcos，聯(lián)立解得：T，F(xiàn)mgtan，故B正確；對環(huán)進行受力分析如圖2所示，水平方向：fTsinsinmgtan，豎直方向：NTcosmgcosmgmg，故A、C錯誤；當(dāng)兩環(huán)之間的距離增大，變大，故f變大，D正確。 熱門預(yù)測題

26、組1. (2019內(nèi)蒙古呼和浩特市二模)如圖所示，一攀巖運動員正沿豎直巖壁緩慢攀登。由于身背較重的行囊，重心上移至肩部的O點，總質(zhì)量為80 kg，此時手臂與身體垂直，手臂與巖壁夾角為53，則手受到的拉力和腳受到的作用力分別為(設(shè)手、腳受到的作用力均通過重心O，g取10 m/s2，sin530.8，cos530.6)()A640 N480 N B480 N640 NC480 N800 N D800 N480 N答案B解析設(shè)運動員和行囊的總質(zhì)量為M，以運動員和行囊整體為研究對象，分析受力情況：重力Mg、巖壁對手臂的拉力F1和巖壁對腳的彈力F2，作出受力示意圖，如圖所示，根據(jù)平衡條件得：F1Mgco

27、s538000.6 N480 N，F(xiàn)2Mgsin538000.8 N640 N，故B正確。2(2019廣西欽州三模)日常生活中，我們在門下縫隙處塞緊一個木楔(側(cè)面如圖所示)，往往就可以把門卡住。有關(guān)此現(xiàn)象的分析，下列說法正確的是()A木楔對門的作用力大于門對木楔的作用力，因而能將門卡住B門對木楔作用力的水平分量等于地面對木楔摩擦力的大小C只要木楔的厚度合適都能將門卡住，與頂角的大小無關(guān)D只要木楔對門的壓力足夠大就能將門卡住，與各接觸面的粗糙程度無關(guān)答案B解析木楔對門的作用力和門對木楔的作用力是一對作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A錯誤；對木楔受力分析如圖所示，水平方向：fFsin，門對木楔作用力的水平分量等于地面對木楔摩擦力的大小，故B正確； 對木鍥，豎直方向：NFcosmg，最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力，則fmaxN(Fcosmg)，要把門卡住，則不管力F多大，均滿足fmaxf，即(Fcosmg)Fsin，可知不管m多大，只要tan，木楔就可把門卡住，故木楔能否把門卡住，與頂角以及接觸面的粗糙程度有關(guān)，C、D錯誤。- 16 -