2019高考高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 提綱挈領(lǐng) 引領(lǐng)四 增分有招——考前必會(huì)的五種快速求解選擇題、填空題的方法學(xué)案 理.doc

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引領(lǐng)四　增分有招——考前必會(huì)的五種快速求解選擇題、填空題的方法 選擇題、填空題在高考中屬于保分題目，只有“保住基本分，才能得高分”。在平時(shí)的訓(xùn)練中，針對(duì)選擇題、填空題，要做到兩個(gè)方面： 一是練準(zhǔn)度：高考中遺憾的不是難題做不出來，而是簡(jiǎn)單題和中檔題做錯(cuò)，會(huì)做的題目沒做對(duì)。平時(shí)訓(xùn)練一定要重視選擇題、填空題的正確率。 二是練速度：提高選擇題、填空題的答題速度，能為攻克后面的解答題贏得充足的時(shí)間 一、直接法 直接法就是直接從題設(shè)條件出發(fā)，利用已知條件、相關(guān)概念、性質(zhì)、公式、公理、定理、法則等基礎(chǔ)知識(shí)，通過嚴(yán)謹(jǐn)推理、準(zhǔn)確運(yùn)算、合理驗(yàn)證，得出正確結(jié)論，此法是解選擇題和填空題最基本、最常用的方法。 【例1】　(1)(2018全國卷Ⅰ)記Sn為等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和。若3S3＝S2＋S4，a1＝2，則a5＝(　　) A．－12 B．－10 C．10 D．12 (2)(2018全國卷Ⅱ)雙曲線－＝1(a>0，b>0)的離心率為，則其漸近線方程為(　　) A．y＝x B．y＝x C．y＝x D．y＝x 【解析】　(1)解法一：設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，根據(jù)題中的條件可得3＝22＋d＋42＋d，整理解得d＝－3，所以a5＝a1＋4d＝2－12＝－10。故選B。 解法二：設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，因?yàn)?S3＝S2＋S4，所以3S3＝S3－a3＋S3＋a4，所以S3＝a4－a3，所以3a1＋d＝d，因?yàn)閍1＝2，所以d＝－3，所以a5＝a1＋4d＝2＋4(－3)＝－10。故選B。 (2)因?yàn)閑＝＝，所以＝＝e2－1＝3－1＝2，所以＝，所以該雙曲線的漸近線方程為y＝x＝x。故選A。 【答案】　(1)B　(2)A 直接法是解決計(jì)算型客觀題最常用的方法，在計(jì)算過程中，我們要根據(jù)題目的要求靈活處理，多角度思考問題，注意一些解題規(guī)律和解題技巧的靈活應(yīng)用，將計(jì)算過程簡(jiǎn)化從而得到結(jié)果，這是快速準(zhǔn)確地求解選擇題、填空題的關(guān)鍵。 【變式訓(xùn)練1】　(1)已知復(fù)數(shù)z＝1＋ai(a∈R)(i是虛數(shù)單位)，＝－＋i，則a＝(　　) A．2　 　B．－2　 　C．2　 　D．－ (2)已知圓x2＋y2＋2x－4y＋1＝0關(guān)于直線2ax－by＋2＝0(a，b∈R)對(duì)稱，則ab的取值范圍是________。 解析　(1)由題意可得＝－＋i，即＝＝－＋i，所以所以a＝－2，故選B。 (2)圓的方程可化為(x＋1)2＋(y－2)2＝4，圓心為(－1,2)。因?yàn)閳A關(guān)于直線2ax－by＋2＝0對(duì)稱，則該直線經(jīng)過圓心，即－2a－2b＋2＝0，a＋b＝1，則ab＝a(1－a)＝－a2＋a＝－2＋≤，即ab的取值范圍是。 答案　(1)B　(2) 二、特例法 從題干出發(fā)，通過選取特殊情況代入，將問題特殊化或構(gòu)造滿足題設(shè)條件的特殊函數(shù)或特殊圖形或特殊位置，進(jìn)行判斷。特殊化法是“小題小做”的重要策略，要注意在怎樣的情況下才可使用，特殊情況可能是：特殊值、特殊點(diǎn)、特殊位置、特殊函數(shù)等。 【例2】　(1)如果a1，a2，…，a8為各項(xiàng)都大于零的等差數(shù)列，公差d≠0，那么(　　) A．a(chǎn)1a8>a4a5 B．a(chǎn)1a8a4＋a5 D．a(chǎn)1a8＝a4a5 (2)設(shè)四邊形ABCD為平行四邊形，||＝6，||＝4。若點(diǎn)M，N滿足＝3，＝2，則＝(　　) A．20 B．15 C．9 D．6 【解析】　(1)取特殊數(shù)列1,2,3,4,5,6,7,8，顯然只有18<45成立。 (2)(特例法)若四邊形ABCD為矩形，建系如圖。由＝3，＝2，知M(6,3)，N(4,4)，所以＝(6,3)，＝(2，－1)，＝62＋3(－1)＝9。 【答案】　(1)B　(2)C 特例法具有簡(jiǎn)化運(yùn)算和推理的功效，比較適用于題目中含有字母或具有一般性結(jié)論的選擇題，但用特例法解選擇題時(shí)，要注意以下兩點(diǎn)： 第一，取特例盡可能簡(jiǎn)單，有利于計(jì)算和推理； 第二，若在取定的特殊情況下有兩個(gè)或兩個(gè)以上的結(jié)論相符，則應(yīng)選另一特例情況再檢驗(yàn)，或改用其他方法求解。 【變式訓(xùn)練2】　(1)如圖，在三棱柱ABC－A1B1C1的側(cè)棱A1A和B1B上各有一動(dòng)點(diǎn)P，Q滿足A1P＝BQ，過P，Q，C三點(diǎn)的截面把棱柱分成兩部分，則其體積之比為(　　) A．3∶1 B．2∶1 C．4∶1 D.∶1 (2)設(shè)橢圓C：＋＝1的長(zhǎng)軸的兩端點(diǎn)分別是M，N，P是C上異于M，N的任意一點(diǎn)，則直線PM與PN的斜率之積等于________。 解析　(1)將P，Q置于特殊位置：P→A1，Q→B，此時(shí)仍滿足條件A1P＝BQ(＝0)，則有VC－AA1B＝VA1－ABC＝VABC－A1B1C1，故過P，Q，C三點(diǎn)的截面把棱柱分成的兩部分的體積之比為2∶1。故選B。 (2)取特殊點(diǎn)，設(shè)P為橢圓的短軸的一個(gè)端點(diǎn)(0，)，又M(－2,0)，N(2,0)，所以kPMkPN＝＝－。 答案　(1)B　(2)－ 三、數(shù)形結(jié)合法 數(shù)形結(jié)合法是指在處理數(shù)學(xué)問題時(shí)，能夠?qū)⒊橄蟮臄?shù)學(xué)語言與直觀的幾何圖形有機(jī)地結(jié)合起來進(jìn)行思考，促使抽象思維和形象思維巧妙結(jié)合，通過對(duì)規(guī)范圖形或示意圖形的觀察分析，化抽象為直觀，化直觀為精確，從形的直觀和數(shù)的嚴(yán)謹(jǐn)兩方面思考問題，從而使問題得到簡(jiǎn)捷的解決方法。 【例3】　(1)已知函數(shù)f (x)＝若方程f (x)－kx＋k＝0有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，則實(shí)數(shù)k的取值范圍是(　　) A． B. C．[－1，＋∞) D. (2)設(shè)A＝{(x，y)|x2＋(y－1)2＝1}，B＝{(x，y)|x＋y＋m≥0}，則使A?B成立的實(shí)數(shù)m的取值范圍是________。 【解析】　(1)方程f (x)－kx＋k＝0有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，即函數(shù)y＝f (x)和y＝k(x－1)的圖象有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，而f (x)＝＝ 畫出f (x)圖象如圖， 由于y＝k(x－1)過定點(diǎn)(1,0)，故要使兩函數(shù)y＝f (x)和y＝k(x－1)的圖象有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，則由圖象可知－≤k<0，故選B。 (2)集合A是一個(gè)圓x2＋(y－1)2＝1上的點(diǎn)的集合，集合B是一個(gè)不等式x＋y＋m≥0表示的是平面區(qū)域內(nèi)的點(diǎn)的集合，要使A?B，則應(yīng)使圓被平面區(qū)域所包含(如圖)，如直線x＋y＋m＝0應(yīng)與圓相切或相離(在圓的左下方)，而當(dāng)直線與圓相切時(shí)有＝1，又m>0，所以m＝－1，又因?yàn)橹本€x＋y＋m＝0必過點(diǎn)(0，－m)，此時(shí)，－m≤－(－1)，即m≥－1，有A?B滿足題意。 【答案】　(1)B　(2)[－1，＋∞) 平面幾何圖形、Venn圖、函數(shù)的圖象等，都是常用的圖形。利用函數(shù)圖象或某些數(shù)學(xué)知識(shí)的幾何意義，將數(shù)的問題(如解方程、解不等式、判斷單調(diào)性、求取值范圍等)與某些圖形結(jié)合起來，利用圖象的直觀性，再輔以簡(jiǎn)單計(jì)算，確定正確答案，從而有效地降低這類客觀題的錯(cuò)誤率 【變式訓(xùn)練3】　(1)已知非零向量a，b，c滿足a＋b＋c＝0，向量a，b的夾角為120，且|b|＝2|a|，則向量a與c的夾角為(　　) A．60　　　B．90 C．120　 　D．150 (2)若函數(shù)f (x)＝|2x－2|－b有兩個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù)b的取值范圍是________。 解析　(1)如圖，因?yàn)椤碼，b〉＝120，|b|＝2|a|，a＋b＋c＝0，所以在△OBC中，BC與CO的夾角為90，即a與c的夾角為90。故選B。 (2)由f (x)＝|2x－2|－b＝0，得|2x－2|＝b。在同一平面直角坐標(biāo)系中畫出y＝|2x－2|與y＝b的圖象，如圖所示，則當(dāng)01，即x∈(－∞，－1)∪(1，＋∞)。 (2)如圖，以DA，AB，BC為棱構(gòu)造正方體，設(shè)正方體的外接球球O的半徑為R，則正方體的體對(duì)角線長(zhǎng)即為球O的直徑，所以CD＝＝2R，所以R＝，故球O的體積V＝＝π。 【答案】　(1)(－∞，－1)∪(1，＋∞)　(2)π 構(gòu)造法實(shí)質(zhì)上是轉(zhuǎn)化與化歸思想在解題中的應(yīng)用，需要根據(jù)已知條件和所要解決的問題確定構(gòu)造的方向，通過構(gòu)造新的函數(shù)、不等式或數(shù)列等新的模型，從而轉(zhuǎn)化為自己熟悉的問題。本例(2)巧妙地構(gòu)造出正方體，而球的直徑恰好為正方體的體對(duì)角線，問題很容易得到解決。 【變式訓(xùn)練4】　(1)已知a＝ln－，b＝ln－，c＝ln－，則a，b，c的大小關(guān)系為(　　) A．a(chǎn)>b>c B．a(chǎn)>c>b C．b>c>a D．c>a>b (2)已知三個(gè)互不重合的平面α，β，γ，α∩β＝m，n?γ，且直線m，n不重合，由下列三個(gè)條件：①m∥γ，n?β；②m∥γ，n∥β；③m?γ，n∥β。 能推出m∥n的條件是________(填序號(hào))。 解析　(1)令f (x)＝lnx－x，則f ′(x)＝。當(dāng)00，即函數(shù)f (x)在(0,1)上是增函數(shù)。又因?yàn)?>>>>0，所以a>b>c。故選A。 (2)構(gòu)建長(zhǎng)方體模型，如圖，觀察選項(xiàng)特點(diǎn)，可優(yōu)先判斷條件②：取平面α為平面ADD′A′，平面β為平面ABCD，則直線m為直線AD。因m∥γ，故可取平面γ為平面A′B′C′D′，因?yàn)閚?γ且n∥β，故可取直線n為直線A′B′，則直線AD與直線A′B′為異面直線，故m與n不平行；對(duì)于①：α，β取②中平面，取平面γ為平面BCC′B′，因?yàn)閚?γ，n?β，所以n為直線BC，故可推得m∥n；對(duì)于③：α，β?、谥衅矫?，取γ為平面AB′C′D，因?yàn)閚∥β，n?γ，γ∩β＝m，所以m∥n，③成立。 答案　(1)A　(2)①或③ 五、排除法 排除法也叫篩選法、淘汰法。它是解選擇題的一種常用方法，可以根據(jù)選項(xiàng)的特征，通過靈活賦值，利用一些特殊的對(duì)象，如數(shù)、點(diǎn)等代入題干進(jìn)行驗(yàn)證，根據(jù)選擇題的特征——只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求這一信息，可以間接得到符合題目要求的選項(xiàng)。 【例5】　函數(shù)f (x)＝cosxlog2|x|的圖象大致為(　　) 【解析】　解法一：函數(shù)的定義域?yàn)?－∞，0)∪(0，＋∞)，且f ＝coslog2＝－cos，f ＝coslog2＝－cos，所以f ＝f ，排除A、D；又f ＝－cos<0，故排除C。綜上，選B。 解法二：可用奇偶性得f (x)為偶函數(shù)，其圖象關(guān)于y軸對(duì)稱，排除A、D。f ＝－cos<0，排除C。故選B。 【答案】　B 排除法適用于定性型或不易直接求解的選擇題。當(dāng)題目中的條件多于一個(gè)時(shí)，先根據(jù)某些條件在選項(xiàng)中找出明顯與之矛盾的予以否定，再根據(jù)另一些條件在縮小選項(xiàng)的范圍內(nèi)找出矛盾，這樣逐步篩選，直到得出正確的答案。 【變式訓(xùn)練5】　(1)設(shè)x∈R，定義符號(hào)函數(shù)sgnx＝則(　　) A．|x|＝x|sgnx| B．|x|＝xsgn|x| C．|x|＝|x|sgnx D．|x|＝xsgnx (2)已知函數(shù)f (x)＝則函數(shù)y＝f (1－x)的大致圖象是(　　) 解析　(1)當(dāng)x<0時(shí)，|x|＝－x，x|sgnx|＝x，xsgn|x|＝x，|x|sgnx＝(－x)(－1)＝x，排除A、B、C，故選D。 (2)當(dāng)x＝0時(shí)，y＝f (1)＝3，即y＝f (1－x)的圖象過點(diǎn)(0,3)，排除A；當(dāng)x＝－2時(shí)，y＝f (3)＝－1，即y＝f (1－x)的圖象過點(diǎn)(－2，－1)，排除B；當(dāng)x<0時(shí)，1－x>1，f (1－x)＝log (1－x)<0，排除C。故選D。 答案　(1)D　(2)D