2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 專題一 力與直線運動 1.3 牛頓運動定律及其應(yīng)用課時作業(yè).doc
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2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 專題一 力與直線運動 1.3 牛頓運動定律及其應(yīng)用課時作業(yè) A組 一、選擇題 1.下列說法正確的是( ) A.物體的速度越大,說明它受到的外力越大 B.物體的加速度在改變,說明它受到的合外力大小一定改變 C.靜止在水平桌面上的物體受到了垂直桌面向上的支持力,該力所產(chǎn)生的加速度不為零 D.一個人從地面跳起來,說明地面對人的支持力大于人對地面的壓力 解析:物體速度大小與受力大小無關(guān),故A錯誤;當物體只有加速度方向發(fā)生變化時,加速度發(fā)生變化,但合外力的大小不變,故B錯誤;由于物體所受支持力不為零,所以對應(yīng)的加速度不為零,故C正確;由牛頓第三定律知,地面對人的支持力等于人對地面的壓力,故D錯誤. 答案:C 2.以下是必修1課本中四幅插圖,關(guān)于這四幅插圖,下列說法中不正確的是( ) A.圖甲中學(xué)生從如圖姿勢起立到直立站于體重計的過程中,體重計示數(shù)先減小后增大 B.圖乙中運動員推開冰壺后,冰壺在冰面運動時受到的阻力很小,可以在較長時間內(nèi)保持運動速度的大小和方向不變 C.圖丙中賽車的質(zhì)量不是很大卻安裝著強大的發(fā)動機,可以獲得很大的加速度 D.圖丁中高大的橋要造很長的引橋,從而減小橋面的坡度來減小車輛重力沿橋面方向的分力,保證行車方便與安全 解析:題圖甲中學(xué)生從圖示姿勢起立到直立站于體重計的過程中,先向上加速,加速度向上,處于超重狀態(tài),再上向減速,加速度向下,處于失重狀態(tài),由超重和失重的概念可知,體重計的示數(shù)先增大后減小,A錯誤;當物體運動過程中不受外力作用時,將做勻速直線運動,B正確;由牛頓第二定律可知C正確;高大的橋造很長的引橋,可以減小橋面的坡度,這樣可以減小車輛重力沿橋面方向的分力,保證行車方便與安全,D正確. 答案:A 3.為研究鋼球在液體中運動時所受阻力的大小,讓鋼球從某一高度豎直落下進入某種液體中運動,用閃光照相的方法拍攝鋼球在不同時刻的位置,如圖所示,已知鋼球在液體中所受浮力為F浮,運動時受到的阻力與速度大小成正比,即F=kv,閃光照相機的閃光頻率為f,圖中刻度尺的最小分度為d,鋼球的質(zhì)量為m,則阻力常數(shù)k的表達式是( ) A. B. C.(-2f) D.(+2f) 解析:勻速運動時F阻=kv=k=2kdf,根據(jù)平衡條件mg=F阻+F浮,解得k=,B正確. 答案:B 4.一輛小車靜止在水平地面上,bc是固定在車上的一根水平桿,物體A穿在桿上,通過細線懸吊著小物體B,B在小車的水平底板上,小車未動時細線恰好在豎直方向上.現(xiàn)使小車如下圖分四次分別以加速度a1、a2、a3、a4向右勻加速運動,四種情況下A、B均與車保持相對靜止,且(1)和(2)中細線仍處于豎直方向.已知a1∶a2∶a3∶a4=1∶2∶4∶8,A受到的摩擦力大小依次為f1、f2、f3、f4,則下列判斷錯誤的是( ) A.f1∶f2=1∶2 B.f1∶f2=2∶3 C.f3∶f4=1∶2 D.tanα=2tanθ 解析:設(shè)A、B的質(zhì)量分別為M、m,則由題圖知,(1)和(2)中A的水平方向只受摩擦力作用,根據(jù)牛頓第二定律f1=Ma1,f2=Ma2,所以f1∶f2=1∶2,故A正確,B錯誤;(3)和(4)中,以A、B整體為研究對象,受力分析如圖所示,則f3=(M+m)a3,f4=(M+m)a4,可得f3∶f4=1∶2,所以C正確;以B為研究對象,根據(jù)牛頓第二定律可得mgtanθ=ma3,mgtanα=ma4,聯(lián)立可得tanα=2tanθ,故D正確. 答案:B 5.在地面上以初速度v0豎直向上拋出一小球,經(jīng)過2t0時間小球落回拋出點,其速率為v1,已知小球在空中運動時所受空氣阻力與小球運動的速率成正比,則小球在空中運動時速率v隨時間t的變化規(guī)律可能是( ) 解析:小球上升過程中,由牛頓第二定律有mg+kv=ma,故隨速度的減小,加速度逐漸減小,v-t圖象的切線斜率逐漸減?。恍∏蛳陆颠^程中,由牛頓第二定律有mg-kv=ma,則隨速度逐漸增大,加速度逐漸減小,v-t圖象的切線斜率逐漸減??;由于有阻力作用,故回到地面的速度將小于初速度v0,選項A正確. 答案:A 6.(多選)在某次熱氣球飛行訓(xùn)練中,熱氣球剛開始從地面豎直上升時,加速度為0.5 m/s2,當上升到180 m時,開始以5 m/s的速度勻速上升.若離開地面后熱氣球所受浮力保持不變,上升過程中熱氣球總質(zhì)量保持不變,為460 kg,重力加速度g=10 m/s2.關(guān)于熱氣球,下列說法正確的是( ) A.所受浮力大小為4 830 N B.加速上升過程中所受空氣阻力保持不變 C.從地面開始上升10 s時的速度大小為5 m/s D.以5 m/s的速度勻速上升時所受空氣阻力大小為230 N 解析:熱氣球剛從地面豎直上升時,速度為零,空氣阻力為零,分析熱氣球受力,由牛頓第二定律有F?。璵g=ma,得F?。絤(g+a)=4 830 N,A對;隨速度的增加,空氣阻力會越來越大,否則熱氣球不會最終勻速上升,B錯;隨空氣阻力的增大,熱氣球加速度會減小,因此從地面開始上升10 s時速度達不到5 m/s,C錯;以5 m/s的速度勻速上升時,熱氣球受力平衡,有F?。絤g+F阻,得F阻=F?。璵g=230 N,D對. 答案:AD 7.如圖所示,在光滑水平面上有一靜止小車,小車質(zhì)量為M=5 kg,小車上靜止地放置著質(zhì)量為m=1 kg的木塊,木塊和小車間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,用水平恒力F拉動小車,下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM,可能正確的是( ) A.a(chǎn)m=1 m/s2, aM=1 m/s2 B.a(chǎn)m=1 m/s2, aM=2 m/s2 C.a(chǎn)m=2 m/s2, aM=4 m/s2 D.a(chǎn)m=3 m/s2, aM=5 m/s2 解析:對上面的木塊受力分析,在水平方向只可能有摩擦力,因此其加速度am=≤=μg=2 m/s2,D錯.若小車和物塊加速度不相等,則摩擦力為滑動摩擦力,則有木塊加速度am===μg=2 m/s2,B錯.若二者沒有相對運動,則加速度相等且加速度小于μg=2 m/s2,A對.若發(fā)生相對運動,則木塊加速度am=μg=2 m/s2,小車加速度大于木塊加速度,C對. 答案:AC 二、非選擇題 8.在傾角θ=37的固定斜面上,一物塊以初速度v0=4 m/s從斜面底端A沿粗糙斜面向上運動,如圖所示,已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,重力加速度g取10 m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,求: (1)物塊向上運動時和返回向下運動時物塊的加速度大??; (2)物體重新回到斜面底端A時的速度大小. 解析:(1)設(shè)物塊沿斜面向上運動的加速度為a1,則 mgsin37+μmgcos37=ma1 a1=g(sin37+μcos37)=10(0.6+0.50.8) m/s2=10 m/s2 物塊沿斜面向下運動的加速度為a2,則 mgsin37-μmgcos37=ma2 a2=g(sin37-μcos37)=10(0.6-0.50.8) m/s2=2 m/s2 (2)物塊沿斜面向上運動的最大位移為x,重新回到A點的速度為v,則 v=2a1x v2=2a2x 解得v=v0= m/s≈1.8 m/s. 答案:(1)10 m/s2 2 m/s2 (2)1.8 m/s 9如圖所示,質(zhì)量M=1 kg的木板靜止在粗糙的水平地面上,木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1,在木板的左端放置一個質(zhì)量m=1 kg、大小可以忽略的鐵塊,鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2=0.4,最大靜摩擦力均等于滑動摩擦力,取重力加速度g=10 m/s2. (1)若木板長L=1 m,在鐵塊上加一水平向右的恒力F=8 N,經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端? (2)若在鐵塊上施加一個大小從零開始連續(xù)增大的水平向右的力F,分析并計算鐵塊受到木板的摩擦力f的大小隨拉力F變化的情況.(設(shè)木板足夠長) 解析:(1)根據(jù)牛頓第二定律 對鐵塊:F-μ2mg=ma1 對木板:μ2mg-μ1(mg+Mg)=Ma2 又s鐵=a1t2,s木=a2t2,L=s鐵-s木,聯(lián)立解得:t=1 s (2)鐵塊與木板之間的最大靜摩擦力 fm2=μ2mg=4 N 木板與地面之間的最大靜摩擦力 fm1=μ1(mg+Mg)=2 N 當F≤fm1=2 N時,木板與鐵塊都靜止,f=F 當鐵塊與木板恰好未發(fā)生相對滑動時,設(shè)此時的拉力大小為F1,根據(jù)牛頓第二定律,對鐵塊:F1-μ2mg=ma1 對整體:F1-μ1(mg+Mg)=(m+M)a1 聯(lián)立解得:F1=6 N,所以當2 N- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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