考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)

上傳人:燈火****19 文檔編號:77629893 上傳時(shí)間:2022-04-20 格式:DOCX 頁數(shù):81 大?。?28.18KB
收藏 版權(quán)申訴 舉報(bào) 下載
考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)_第1頁
第1頁 / 共81頁
考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)_第2頁
第2頁 / 共81頁
考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)_第3頁
第3頁 / 共81頁

下載文檔到電腦,查找使用更方便

12 積分

下載資源

還剩頁未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《考點(diǎn)05 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用-2022年高考數(shù)學(xué)(理)一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)解讀(解析版)(81頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、考點(diǎn)05導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 ,?考綱呈現(xiàn) 1 .導(dǎo)數(shù)概念及其幾何意義 (1) J'解導(dǎo)數(shù)概念的實(shí)際背景. (2)理解導(dǎo)數(shù)的幾何意義. 2 .導(dǎo)數(shù)的運(yùn)算 (1)能根據(jù)導(dǎo)數(shù)定義求函數(shù)y=C(C為常數(shù)),y=再曠=*2,曠=丁,3?=1,丫=五的導(dǎo)數(shù). (2)能利用下面給出的基本初等函數(shù)的導(dǎo)數(shù)公式和導(dǎo)數(shù)的四則運(yùn)算法則求簡單函數(shù)的導(dǎo)數(shù),能求簡單的復(fù)合函數(shù)(僅限于形如逃以+力的復(fù)合函數(shù))的導(dǎo)數(shù). ?常見基本初等函數(shù)的導(dǎo)數(shù)公式: (cy=0(C為常數(shù));(x")'= €N+; (sinx)'=cosx;(cosx)'=-sinx; (e')'=eA;(a“)'=axIna(a>0,且a*1

2、); (Inx/=-;(logux)'=-logoe(a>0,且ah1).X X ?常用的導(dǎo)數(shù)運(yùn)算法則: 法則1:[w(x)±v(x)]'=wr(x)±y/(x). 法則2:[w(x}v(x)](x)v(x)+u(x)v1(x). 3 /(初(x)i(x)Mx) 心) v2(x) 3.導(dǎo)數(shù)在研究函數(shù)中的應(yīng)用 (1)了解函數(shù)單調(diào)性和導(dǎo)數(shù)的關(guān)系:能利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,會求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間(其中多項(xiàng)式函數(shù)一般不超過三次). (2)了解函數(shù)在某點(diǎn)取得極值的必要條件和充分條件;會用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的極大值、極小值(其中多項(xiàng)式函數(shù)一般不超過三次):會求閉區(qū)間上函數(shù)的最大值、最小值(其中多項(xiàng)

3、式函數(shù)一般不超過三次). 2.生活中的優(yōu)化問題 會利用導(dǎo)數(shù)解決某些實(shí)際問題. 4.(1)了解定積分的實(shí)際背景,了解定積分的基本思想,了解定積分的概念. (2) 了解微積分基本定理的含義. ■,考點(diǎn)解讀 高考在逐年加大對導(dǎo)數(shù)問題的考查力度,問題的難度、深度與廣度在不斷加大,對本部分的要求一般有三個(gè)層次:第一層次主要考查求導(dǎo)公式,求導(dǎo)法則與導(dǎo)數(shù)的幾何意義;第二層次是導(dǎo)數(shù)的簡單應(yīng)用,包括求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間、極值、最值等;第三層次是綜合考查,如零點(diǎn)、證明不等式、恒成立問題、求參數(shù)等,包括解決應(yīng)用問題,將導(dǎo)數(shù)內(nèi)容和傳統(tǒng)內(nèi)容中有關(guān)不等式、數(shù)列及函數(shù)單調(diào)性有機(jī)結(jié)合,設(shè)計(jì)綜合題. 考向分析 1

4、.求曲線片/'(X)的切線方程的類型及方法:(1)已知切點(diǎn)尸(xo,yo),求產(chǎn)/"(X)過點(diǎn)尸的切線方程:求出切線的斜率/(xo),由點(diǎn)斜式寫出方程; (2)已知切線的斜率為我,求內(nèi)(x)的切線方程:設(shè)切點(diǎn)尸(xo,州),通過方程長廣(父0)解得出,再由點(diǎn)斜式寫出方程; (3)已知切線上一點(diǎn)(非切點(diǎn)),求y=/(x)的切線方程:設(shè)切點(diǎn)P(xo,井),利用導(dǎo)數(shù)求得切線斜率/'(沏),再由斜率公式求得切線斜率,列方程(組)解得刈,最后由點(diǎn)斜式或兩點(diǎn)式寫出方程. (4)若曲線的切線與已知直線平行或垂直,求曲線的切線方程時(shí),先由平行或垂直關(guān)系確定切線的斜率,再由5”(xo)求出切點(diǎn)坐標(biāo)(沏,州

5、),最后寫出切線方程. (5)①在點(diǎn)P處的切線即是以P為切點(diǎn)的切線,P一定在曲線上. ②過點(diǎn)P的切線即切線過點(diǎn)P,P不一定是切點(diǎn).因此在求過點(diǎn)P的切線方程時(shí),應(yīng)首先檢驗(yàn)點(diǎn)P是 否在已知曲線上. 2.利用導(dǎo)數(shù)判斷或證明一個(gè)函數(shù)在給定區(qū)間上的單調(diào)性,實(shí)質(zhì)上就是判斷或證明不等式/'(x)>0 (ra)<o(jì))在給定區(qū)間上恒成立.注意:研究含參數(shù)函數(shù)的單調(diào)性時(shí),需注意依據(jù)參數(shù)取值對不等式 解集的影響進(jìn)行分類討論. 3.由函數(shù) 的單調(diào)性求參數(shù)的取值范圍:(1)可導(dǎo)函數(shù)在某一區(qū)間上單調(diào),實(shí)際上就是在該區(qū)間上 _t(x)no(或廣(x)?oxr(x) 在該區(qū)間的任意子區(qū)間內(nèi)都不恒等于0)恒

6、成立,然后分離參數(shù),轉(zhuǎn)化 為求函數(shù)的最值問題,從而獲得參數(shù)的取值范圍:(2)可導(dǎo)函數(shù)在某一區(qū)間上存在單調(diào)區(qū)間,實(shí)際上 就是廣。)>0(或/'(x)<0)在該區(qū)間上存在解集,這樣就把函數(shù)的單調(diào)性問題轉(zhuǎn)化成了不等式問題; 1 3)若已知〃x)在區(qū)間/上的單調(diào)性,區(qū)間/中含有參數(shù)時(shí),可先求出/(x)的單調(diào)區(qū)間,令/是其單調(diào)區(qū)間的子集,從而可求出參數(shù)的取值范圍. 4 .求函數(shù)/(X)在[a,句上最值: (1)若函數(shù)/(x)在團(tuán),句上單調(diào)遞增或遞減,/(a)與fS)一個(gè)為最大值,一個(gè)為最小值. (2)若函數(shù)/(X)在區(qū)間(“,與內(nèi)有極值,先求出函數(shù)/(x)在區(qū)間(a,份上的極值,與/(a)、

7、/3)比較,其中最大的一個(gè)是最大值,最小的一個(gè)是最小值. (3)函數(shù)f(x)在區(qū)間(a,公上有唯一一個(gè)極值點(diǎn)時(shí),這個(gè)極值點(diǎn)就是最大(或最?。┲迭c(diǎn). 注意:(1)若函數(shù)中含有參數(shù)時(shí),耍注意分類討論思想的應(yīng)用. (2)極值是函數(shù)的“局部概念”,最值是函數(shù)的“整體概念”,函數(shù)的極值不一定是最值,函數(shù)的最值也不一定是極值.要注意利用函數(shù)的單調(diào)性及函數(shù)圖象直觀研究確定. 5 .利用導(dǎo)數(shù)解決不等式恒成立問題的“兩種”常用方法: (1)分離參數(shù)法:將原不等式分離參數(shù),轉(zhuǎn)化為不含參數(shù)的函數(shù)的最值問題,利用導(dǎo)數(shù)求該函數(shù)的最值,根據(jù)要求得所求范圍.一般地,/(x)Na恒成立,只需/(龍口瓜之。即可;恒成

8、立,只需 /(X)max4。即可. (2)函數(shù)思想法:將不等式轉(zhuǎn)化為某含待求參數(shù)的函數(shù)的最值問題,利用導(dǎo)數(shù)求該函數(shù)的極值(最值),然后構(gòu)建不等式求解. ■ ”?真題回眸 1. (2021.全國高考真題)若過點(diǎn)(。力)可以作曲線y=e"的兩條切線,則( ) A.eh0,當(dāng)r>a+l時(shí),/?)<(),作出函數(shù)/(f)的圖象如卜圖所示: 山圖可知,當(dāng)

10、o

11、C,即可得解. 排除A: 【解析】對于A,y=/(x)+g(x)-1=x2+sinx(該函數(shù)為非奇非偶函數(shù),與函數(shù)圖象不符,對丁B,y=/(x)—g(x)—;=sinx,該函數(shù)為非奇非偶函數(shù),與函數(shù)圖象不符,排除B; 對于C,y=/(x)g(x)=(Y+;)sinx,則y'=2xsinx+(x)+;]cosx, n,兀丘(兀2 當(dāng)x=一時(shí),y=—x—+—-+-x—>0,與圖象不符,排除C.4 2 2 11o4, 2 故選:D. 3. (2021?全國高考真題(理))設(shè)。=21nl.01,6=lnl.O2,c=VlO4-1.則( ) A.a

12、clnl.02=/>, 所以bva; 下面比較c與的大小關(guān)系. 記/(x)=21n(l+x)—J+4x+l,則/⑼=0/(幻

13、=二——2 _2(Vl+4x-l-x) 1+xJl+4x(l+x)Jl+4x 由于1+4x—(1+x)=2x-=x(2—x) 所以當(dāng)00抑Jl+4x>(1+x)J'(x)>0. 所以/(x)在[0,2]上單調(diào)遞增, 所以/(0.01)>〃0)=0和21nl.01>Ji由一1,即”>c; / I /、 2 2 2(Jl+4x—1—2x) 令g(x)=ln(l+2x)->/r7^+l,則g(0)=0,g,(x)=—f =A 一). 1+2尤\/l+4x(l+x)Jl+4x由于1+4x—(1+2x)=-4%2?在x>0時(shí).1+4x—(1+2x)<

14、0, 所以g'(x)v0,即函數(shù)g(x)在[0.+8)上單調(diào)遞減,所以g(0.01)vg(0)=0,即lnl.02v即反 綜上,bh C.aba2 【答案】D 【分析】結(jié)合對。進(jìn)行分類討論,畫出/(x)圖象,由此確定正確選項(xiàng).

15、 【解析】若”=b,則f(x)=a(x—為單調(diào)函數(shù),無極值點(diǎn),不符合題意,故標(biāo)b. 依題意,x=a為函數(shù)/(x)=a(x—a)2(x—b)的極大值點(diǎn), 當(dāng)。<0時(shí),由x>b,f(x)W0,畫出f(x)的圖象如下圖所示: 由圖可知b/. 當(dāng)a>0時(shí),由x>b時(shí),/(x)>0,畫出/(x)的圖象如下圖所示: 由圖可知人〉a,a>0,故a/?〉/. 綜上所述,出?>/成立. 故選:D 【點(diǎn)睛】本小題主要考查三次函數(shù)的圖象與性質(zhì),利用數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法可以快速解答. 5.【2020年高考全國I卷理數(shù)】函數(shù)/。)=/-2》3的圖像在點(diǎn)(1,7(I

16、))處的切線方程為 A.y=-2x—1 B.y~—2x+1 C.y=2x-3 D.y=2x+1 【答案】B 【解析】?.?/(x)=x4-2x\.-./,(x)=4x3-6x2, = /'(1)=-2, 因此,所求切線的方程為y+l=-2(x-l),即y=-2x+l. 故選:B. 【點(diǎn)睛】本題考查利用導(dǎo)數(shù)求解函圖象的切線方程,考查計(jì)算能力,屬于基礎(chǔ)題. 6.1202()年高考全國IH卷理數(shù)】若直線/與曲線產(chǎn)4和必+產(chǎn)=(都相切,則/的方程為 A.y=2x+l B.y=2r+g 〃 1 , nil C.y=—x+1 D.y=—x+— 2 2 2 【答案】D 【解析】設(shè)

17、置線/在曲線y=4上的切點(diǎn)為(/,衣'),則無。>0, l ,1 ?_ 1 函數(shù)y=?的導(dǎo)數(shù)為y=訝=,則直線/的斜率左=入歷 設(shè)直線/的方程為= x-xo).即 + /=0, 由于直線/與圓》2+y2=?!相切,則J)-=F,5V1+4xoV5 兩邊平方并整理得5年-4毛-1=0,解得%=1,x0=--(舍), 則直線/的方程為x-2y+l=0,BPy=-x+-. 2 2 故選:D. 【點(diǎn)睛】本題主要考查了導(dǎo)數(shù)的幾何意義的應(yīng)用以及直線與圓的位置的應(yīng)用,屬于中檔題. 7. (2019年高考全國III卷理數(shù))已知曲在點(diǎn)(1,ae)處的切線方程為產(chǎn)2x+〃,則 A.a=

18、e,b=—\ B.a=e,b=l C.a=e-1,b=1 D.a=e''>b=—\ 【答案】D [解析】:y'=aex+lnx+l, ,切線的斜率%=y'Li=ae+1=2, q=et, 將(1,1)代入y=2x+b,得2+b=l力=-1. 故選D. 【名師點(diǎn)睛】本題求解的關(guān)鍵是利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義和點(diǎn)在曲線上得到含有小/,的等式,從而求解,屬于??碱}型. x—lax+2a,x<1, 8. (2019年高考天津理數(shù))已知aeR,設(shè)函數(shù)/(x)=1 ' '若關(guān)于x的不等式/(x)NO [x-tzlnx,x>l. 在R上恒成立,則。的取值范圍為 A.[0,1] B.[0,2]

19、 C.[0,e] D.[l,e] 【答案】c 【解析】當(dāng)x=l時(shí),/(1)=1-2。+2。=1>0恒成立: 當(dāng)x<1時(shí),f(x)=x2-2ax+2a>0<=>2a> 恒成立, x-1 r2 令g(x)=--> 則g(x)=_£=.(IT)?=,(1-x)2-2(1-x)+1 1 -X 1—X 1—X =一(j+占一2卜國(一).占一2卜0, ,即x = 0時(shí)取等號, 當(dāng)1=1-X /.2a>g(x)?m=0,則。>0. Y 當(dāng)x>l時(shí),/(x)=x-?lnx>0,即aW——恒成立,Inx ,x,,,、lnx-1令h(x)=——,則h(X)=-_-T-, Inx

20、 (Inx) 當(dāng)x>e時(shí),〃'(x)>0,函數(shù)%(x)單調(diào)遞增, 當(dāng)00 C.a>-l,b<0 D.a>-l,b>0 【答案】C 【解析】當(dāng)x<0時(shí),y

21、=f(x)-ax-b=x-ax-b=(I-a)x-b=0,得x= l-a 則),=/(*)-ar-〃最多有一個(gè)零點(diǎn); 當(dāng)x>0時(shí),v=f(x)-ar-b=-x3--(a+1)jr+ax-ax-b=-.v3--(n+1)x2-b,JJ 3 2 3 2 yf=x2-(a+l)x, 當(dāng)a+lWO,即把7時(shí),y>0,y=f(x)-ax—在[0,+s)上單調(diào)遞增, 則y=/(x)-ar-〃最多有一個(gè)零點(diǎn),不合題意: 當(dāng)〃+1>0,即時(shí),令y>0得x£(a+l,+oo),此時(shí)函數(shù)單調(diào)遞增, 令yvo得入{[0,4+1),此時(shí)函數(shù)單調(diào)遞減,則函數(shù)最多有2個(gè)零點(diǎn). 根據(jù)題意,函數(shù)y=/(x)

22、-or-力恰有3個(gè)零點(diǎn)=函數(shù)y=f(x)-奴-b在(-8,0)上有一個(gè)零點(diǎn), 在[0,+oo)上有2個(gè)零點(diǎn), 如圖: 且. -b>0 -(g+ ——(a4-1)(q+1)2—bVO 解得b<0,1-?>0,b>~-(a+1)6 則a>-l,h<0. 故選C. 【名師點(diǎn)睛】本題考查函數(shù)與方程,導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用.當(dāng)x<0時(shí),y=/(x)-ax-b=x-ax-b=(1-a)x -方最多有一個(gè)零點(diǎn);當(dāng)后0時(shí),y=/(x)-ax-b=^-^(a+l)^-fo,利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性, 根據(jù)單調(diào)性畫出函數(shù)的草圖,從而結(jié)合題意可列不等式組求解. 2r_1 10(2021?全

23、國高考真題(理))曲線y= 在點(diǎn)(7,-3)處的切線方程為 x+2 【答案】5x-y+2=0 【分析】先驗(yàn)證點(diǎn)在曲線上,再求導(dǎo),代入切線方程公式即可. 【解析】由題,當(dāng)x=-l時(shí),y=-3,故點(diǎn)在曲線上. 2(x + 2)-(2x-l) (x + 2)2 5 (x+2)2 所以 y'LT=5. 故切線方程為5x—y+2=0. 故答案為:5x-y+2=0. 11. (2021?全國高考真題)函數(shù)/(x)=|2x-l|-21nx的最小值為. 【答案】1 【分析】由解析式知八幻定義域?yàn)?0,+8),討論0l.并結(jié)合導(dǎo)數(shù)研究的單調(diào)22 性,即

24、可求f(x)最小值. 【解析】由題設(shè)知:f(x)=|2x-l|-21nx定義域?yàn)?0,+oo), 二當(dāng)0l時(shí),/(x)=2x-l-21nx,有/'*)=2-->0,此時(shí)/(x)單調(diào)遞增;x 乂/(X)在各分段的界點(diǎn)處連續(xù), ...綜上有:0<尤W1時(shí),單調(diào)遞減,x>l時(shí),/(X)單調(diào)遞增; A/(x)>/(l)=l 故答案為:1. 12. (2019年高考全國【卷理數(shù))曲線y=3(/+

25、幻廿在點(diǎn)(0,0)處的切線方程為. 【答案】3x-y=() [解析]/=3(2x+l)e(+3(x2+x)ex=3(x2+3x+l)e', 所以切線的斜率左=y'ko=3, 則曲線y=3(x2+x)ex在點(diǎn)(0,0)處的切線方程為y=3x,即3x-y=0. 【名師點(diǎn)睛】準(zhǔn)確求導(dǎo)數(shù)是進(jìn)一步計(jì)算的基礎(chǔ),本題易因?yàn)閷?dǎo)數(shù)的運(yùn)算法則掌握不熟,而導(dǎo)致計(jì)算錯(cuò)誤.求導(dǎo)要“慢”,計(jì)算要準(zhǔn),是解答此類問題的基本要求. 4 13. (2019年高考江蘇)在平面直角坐標(biāo)系中,P是曲線y=x+—(x>0)上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),則點(diǎn)尸到直X 線x+y=()的距離的最小值是▲. 【答案】4 4 . 4 【解析

26、】由y=x+—(x>0),得y=l——t, X X 4 4 設(shè)斜率為一1的直線與曲線丁=工+—。>0)切于(/,須)+一), X 演) 由1 7=-1得%=>/5(/=—舍去), 曲線y=x+3(x>0)上,點(diǎn)P(J5,3J5)到直線x+y=0的距離最小,最小值為怛*=4.x V12+12 故答案為4. [名師點(diǎn)睛】本題考杳曲線上任意一點(diǎn)到已知直線的最小距離,滲透了直觀想象和數(shù)學(xué)運(yùn)算素養(yǎng).采取導(dǎo)數(shù)法,利用數(shù)形結(jié)合和轉(zhuǎn)化與化歸思想解題. 14.(2021.浙江高考真題)設(shè)a,h為實(shí)數(shù),且函數(shù)/(x)=a*—笈+e2(xeR)(1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若對任意人>

27、2/,函數(shù)/(x)有兩個(gè)不同的零點(diǎn),求a的取值范圍; (3)當(dāng)a = e時(shí),證明:對任意人>e, 函數(shù)/(x)有兩個(gè)不同的零點(diǎn)占,芻,滿足馬 b\nb e2 > z- X, H ? 2e2 1 b (注:e=2.71828…是自然對數(shù)的底數(shù)) 【答案】⑴640時(shí), 在R上單調(diào)遞增1 函數(shù)的單調(diào)減區(qū)間為一刃,lOg? ,單調(diào)增區(qū) (2)(1,e2]; (3)證明見解析. 【分析】(1)首先求得導(dǎo)函數(shù)的解析式,然后分類討論即可確定函數(shù)的單調(diào)性; (2)將原問題進(jìn)行等價(jià)轉(zhuǎn)化,然后構(gòu)造新函數(shù),利用導(dǎo)函數(shù)研究函數(shù)的性質(zhì)并進(jìn)行放縮即可確定實(shí)數(shù)a的取值

28、范圍; (3)結(jié)合(2)的結(jié)論將原問題進(jìn)行等價(jià)變形,然后利用分析法即可證得題中的結(jié)論成立. 【解析】(D/(x)=ax—bx+e2,f\x)=a'\na-h, ①若6W0,則/'(x)=a'lna—bNO,所以/(x)在RI二單調(diào)遞增; ②若b>0, 當(dāng)xe,oo,log“白卜寸,/'(x)<0,/(x)單調(diào)遞減, 當(dāng)log0高,+oo)時(shí),/'(x)>0,/(x)單調(diào)遞增. 綜上可得,HO時(shí),f(x)在R上單調(diào)遞增; 6>0時(shí),函數(shù)的單調(diào)減區(qū)間為F,log"■;—|,單調(diào)增區(qū)間為log,,";—,+8.( ma) \Ina) ⑵/(x)有2個(gè)不同零點(diǎn)<=>優(yōu)—笈+e?=0有

29、2個(gè)不同解一fox+e2=0有2個(gè)不同的解, 令r=xlna,則£---+e2=0=>-^-=e+e-,t>00, 又Tz(2)=0,所以re(0,2)時(shí),h(t)<0,fe(2,+0, b h 則g⑺在(0,2)單調(diào)遞減,(2,+oo)單調(diào)遞增,.?.;一>g(2)=e2,:Ana<—, Ina e? ?>h 7 b>2e~,「?—>2,/

30、.In<2=>1e, X} Xj x2 注意到函數(shù)y= -在區(qū)間(0,2)上單調(diào)遞減,在區(qū)間(2,+oo)上單調(diào)遞增, X 故為<2<£,乂由- 5, 7 -+/2e2 2/ b- < Xjv 1 xl %,b 西,丁b\nbe2日—,,e2 1.1 T.X-)> -x.+—,只【切x-y>In/?h ? -2e2'

31、h-b e*+e22eXz / b= < 且關(guān)了匕的函數(shù)gS)=ln8+—在Z?>e4上單調(diào)遞增, ^2 x2 h (x2 > 5), 2*ex所以只需證W>ln +— *2 2/2 2e口e^x只需證1n人1n=一琮>0, 2 只需證\nx-^--In2>0,2ex J 4x */——<4,只需證〃(x)=lnx-ln2在x>5時(shí)為正, 2 產(chǎn)由于力'(?=4+4撫-*-4"*=4+46-*。-1)>0,故函數(shù)〃(x)單調(diào)遞增, 又〃(5)=ln5-駕一In2=ln2-與>0,故力(x)=Inx-"一In2在x>5時(shí)為正,e 2e ex 從而題中的不等式得證.

32、【點(diǎn)睛】導(dǎo)數(shù)是研究函數(shù)的單調(diào)性、極值(最值)最有效的工具,而函數(shù)是高中數(shù)學(xué)中而要的知識點(diǎn),所以在歷屆高考中,對導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查都非常突出,從高考來看,對導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查主要從以下幾個(gè)角度進(jìn)行:(I)考查導(dǎo)數(shù)的幾何意義,往往與解析幾何、微積分相聯(lián)系.(2)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,判斷單調(diào)性;已知單調(diào)性,求參數(shù).(3)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值(極值),解決生活中的優(yōu)化問題.(4)考查數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用. 15 .(2021?全國高考真題(理))已知。>0旦awl,函數(shù)f(x)=—(x〉0). ax (1)當(dāng)a=2時(shí),求/(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若曲線y=/(x)與直線y=l有且僅有兩個(gè)交點(diǎn)

33、,求。的取值范圍. 【答案】(I)I0,—上單調(diào)遞增:—,+?>上單調(diào)遞減;(2)(l,e)5e,+?). Vm2J Lln2J 【分析】(1)求得函數(shù)的導(dǎo)函數(shù),利用導(dǎo)函數(shù)的正負(fù),函數(shù)的單調(diào)性的關(guān)系即可得到函數(shù)的單調(diào)性; (2)利用指數(shù)對數(shù)的運(yùn)算法則,可以將曲線y=/(x)3宜線y=l行且僅有兩個(gè)交點(diǎn)等價(jià)轉(zhuǎn)化為方程 叱=皿有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,即曲線y=g(x)與直線丁=二仃兩個(gè)交點(diǎn),利用導(dǎo)函數(shù)研究g(x)的xa Ina 單調(diào)性,并結(jié)合g(x)的正負(fù),零點(diǎn)和極限值分析g(x)的圖象,進(jìn)而得到0〈則

34、值范圍. 【解析】(1)當(dāng)a = 2時(shí),〃x) = F,r(x) = 222,轉(zhuǎn)仙 2 _ 22*(2 - xln2) ,、 9 9 ,、 o 令/‘(x)=o得》=京,當(dāng)o0,當(dāng)》>7萬時(shí),y,(x)O,g(x)單調(diào)遞增; 在(e,+8)kg'(x)

35、遞減; ,g(x)M=g(e)=7 又g(l)=O,當(dāng)x趨近于+8時(shí),g(x)趨近于0, 所以曲線y=〃x)與也線y=l有且僅有兩個(gè)交點(diǎn),即曲線y=g(x)與直線曠=二仃兩個(gè)交點(diǎn)的充分必 Ina 要條件是。<生土*<[,這即是。

36、是函數(shù)y=?(x)的極值點(diǎn). (1)求出 X+f(x) (2)設(shè)函數(shù)g(無)=—,-.證明:g(x)xln(l-x)在xe(O,l)和xe(-oo,0)上恒成立,結(jié)合導(dǎo)數(shù)和換元法即可求解 【解析】(1)由/(x)=ln(a-x)=>/'(%)= ,y=xf(x)=>y

37、'=ln(a-x)+ x-a 又x=0是函數(shù)y=4(x)的極值點(diǎn),所以y'(0)=lna=0,解得a=l; \ \ /、x+f(x)x+ln(l—x) ⑵由⑴得/(力=皿1),^)=-^-=xln(1_x).X<1且"0, /、 x-Fln(l-x) / 、 ,、 當(dāng)xe((),l)時(shí),要證g(A:)=—7; ^<1,vx>0,ln(l-x)<0,/.xln(l-x)<0,即證 xIn(1—xj x-l-ln(l-x)>xln(l-x),化筒得x+(l_x)ln(l_x)>0; / 、 x+ln(l—x) / 、 , 、 同理,當(dāng)X£(YO,0)時(shí),要證g(x)=--7-

38、 ^<1,vx<0,ln(l-x)>0,Axln(l-x)<0,即證 xln(1—x) x+ln(l-x)>xln(l-x),化簡得x+(l-x)ln(l-x)>0; 令〃(x)=x+(l-x)ln(l-x),再令r=l-x,則faoQU。,”),x=\-t, 令g⑺=1一f+〃nf, '(z)=-14-Inr4-1=Inr, 當(dāng)fe(0,l)時(shí),g'(x)<0,g(x)單減,假設(shè)g(l)能取到,則g(l)=。,故g(,)>g⑴=。;當(dāng)f€(l,+oo)時(shí),g'(x)>0,g(x)單增,假設(shè)g(l)能取到,則g(l)=o,故g(f)>g(l)=0; 綜上所述,g(x)=?:力\;<

39、1在xe(YO,0)U(O,l)恒成立【點(diǎn)睛】本題為難題,根據(jù)極值點(diǎn)處導(dǎo)數(shù)為()可求參數(shù)。,第二問解法并不唯、分類討論對函數(shù)進(jìn)行等價(jià)轉(zhuǎn)化的過程,一定要注意轉(zhuǎn)化前后的等價(jià)性問題,構(gòu)造函數(shù)和換元法也常常用于解決復(fù)雜函數(shù)的最值與恒成立問題. 17 .【2020年新高考全國1卷】已知函數(shù)/(x)=ae"T-Inx+lna. (1)當(dāng)a=e時(shí),求曲線月(x)在點(diǎn)(1,/(I))處的切線與兩坐標(biāo)軸圍成的三角形的面積; (2)若了(x)>1,求a的取值范圍. 【解析】/(幻的定義域?yàn)?0,”),r(x)=ae'-'--. X (1)當(dāng)a=e時(shí),/(x)=e*-lnx+l,/,(l)=e-i,

40、曲線y=/(X)在點(diǎn)(!,/(1))處的切線方程為y-(e+1)=(e-l)(x-1),即y=(e-l)x+2. 直線y=(e-l)x+2在x軸,y軸上的截距分別為二之,2. e-1 2 因此所求二角形的面積為三. e-1 ⑵當(dāng)00. 所以當(dāng)x=l時(shí),/(X)取得最小值,最小值為八1)=1,從而/(x)21. 當(dāng)a>1時(shí),f(x)=aex~'-Inx+Ina>ex-1-Inx>1. 綜匕”的取值

41、范圍是U,e). 【點(diǎn)睛】本題考查導(dǎo)數(shù)幾何意義、利用導(dǎo)數(shù)研究不等式恒成立問題,考查綜合分析求解能力,分類討論思想和等價(jià)轉(zhuǎn)化思想,屬較難試題. 18 .【2020年高考全國【卷理數(shù)】已知函數(shù)/(x)=e*+以2-X. (1)當(dāng)a=l時(shí),討論了(X)的單調(diào)性; (2)當(dāng)應(yīng)0時(shí),f(x)>yx3+l,求a的取值范圍. 【解析】(1)當(dāng)。=1時(shí),f(x)=er+x2-x,則/'(x)=e'+2xI. 故當(dāng)(yo,0)時(shí),f\x)<0;當(dāng)(0,+oo)時(shí),f\x)>0.所以/(x)在(yo,0)單調(diào)遞減,在(0,+00)單調(diào)遞增. (2)/(x)之,/+1等價(jià)于貨一如2+工+1把-*<1.

42、 設(shè)函數(shù)聯(lián)工)=('/-or?+x+l)ev(x>0),則 1 3 g,(x)=一(一工3-ax2+x+l-^x2+2or-l)e-x -—-a(x--(2tz+3)x+4〃+2]eA =—x(x—2〃一l)(x-2)e'. 2 (i)若2a+lW0,即a4-g,則當(dāng)xG(0,2)時(shí),g’(x)>0.所以g(x)在(0,2)單調(diào)遞增,而g(0)=1,故當(dāng)(0,2)時(shí),g(x)>1,不合題意. (ii)若0<2a+l<2,即一gva<1,則當(dāng)其£((),加+1)U(2,+00)時(shí),g'(x)<0;當(dāng)x£(2〃+l,2)時(shí),g(x)>0. 所以g(外在(0,24+1),(2,

43、+oo)單調(diào)遞減,在(2〃+1,2)單調(diào)遞增.由于g(0)=l,所以g(x)Wl當(dāng)且僅當(dāng)7-e2 ^(2)=(7-4tz)e-2—,則g(x)0(5x,+x+l)e'. 7_p21 1 由于0e[j-二),故由(ii)可得WV+x+De-kl. 故當(dāng)a2;時(shí),g(x)Ml. 綜上,a的取值范圍是[2C,”). 4 【點(diǎn)睛】導(dǎo)數(shù)是研究函數(shù)的單調(diào)性、極值(最值)最有效的工具,而函數(shù)是高中數(shù)學(xué)中重要的知識點(diǎn),對導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查主要從以下幾個(gè)角度進(jìn)行:(1)考查導(dǎo)

44、數(shù)的幾何意義,往往與解析幾何、微積分相聯(lián)系.(2)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,判斷單調(diào)性;已知單調(diào)性,求參數(shù).(3)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值(極值),解決生活中的優(yōu)化問題.(4)考查數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用. 19 .【2020年高考全國II卷理數(shù)】已知函數(shù)/(x)=sin2xsin2x. (1)討論凡r)在區(qū)間(0,兀)的單調(diào)性; (2)證明:|/(幻|4手; 邛 (3)設(shè)〃gN*,證明:sin2xsin22xsin24x...sin22nx<—. 4" 【解析】(1)/'(X)=cosx(sinxsin2x)+sinx(sinxsin2x)' =2sinxcosxsin2x+2sin2

45、xcos2x =2sinxsin3x. 當(dāng)xe(O,?U§㈤時(shí),r(x)>0;當(dāng)一仔爭時(shí),/VXO. 所以/(%)在區(qū)間(0爭年兀)單調(diào)遞增,在區(qū)間年?duì)巻握{(diào)遞減. (2)因?yàn)榘?)=/(兀)=0,由(1)知,f(x)在區(qū)間[0,河的最大值為〃2)=主叵, 最小值為7?(空)=-更.而/(X)是周期為兀的周期函數(shù),故|f(x)|4空.3 8 8 (31illJ(sin2xsin22x".sin:2"x)2 =|sin3xsin32x…sin'2"x\ =|sinx||sin2xsin32x-sin32"-,xsin2"x||sin22"x| =1sinx\\f(x)f(2x).

46、..f(2'-'x)||sin22"x| <|/(x)y(2x).../(2n-|x)|) 所以sin。xsiN2x…sin?2"x43=—.8 4" 20 .【2020年高考全國IH卷理數(shù)】設(shè)函數(shù)/(x)=x3+bx+c,曲線y=/(x)在點(diǎn)(:,以義))處的切線與),軸垂直. (1)求8. (2)若/(x)有一個(gè)絕對值不大于1的零點(diǎn),證明:f(x)所有零點(diǎn)的絕對值都不大于1. 【解析】⑴f(x)=3x2+b. 依題意得/'(g)=0,即:+6=0. 故6=-。. 4 3 3 (2)由(1)知/(x)=F—x+c,fr(x)=3廠—. 4 4 令八x)=O,解得一;

47、或x=g. f\x)與f(x)的情況為: A ~2 (-罟) 1 2 (;,+oo) f\x) + 0 — 0 + f(x) / 1c+— 4 、 1c— 4 / 因?yàn)?1)=/(-g)=C+1,所以當(dāng)c<-!時(shí),f(X)只有大于1的零點(diǎn). 因?yàn)?(—D=/(g)=c—;,所以當(dāng)c>;時(shí),/(工)只有小于—I的零點(diǎn). 由題設(shè)可知一, 當(dāng)c=-1時(shí),/(X)只有兩個(gè)零點(diǎn)和1. 4 2 當(dāng)c=[時(shí),/(x)只有兩個(gè)零點(diǎn)-1和1.4 2 當(dāng)一7VCVz時(shí),/(X)有三個(gè)等點(diǎn)XI,X2fX3,且與£(一1,一彳),XjG >X3G(t'U)?

48、 今“ 乙 乙乙 乙 綜上,若f(x)有一個(gè)絕對值不大于1的零點(diǎn),則f(x)所有零點(diǎn)的絕對值都不大于L 21.【2020年高考天津】已知函數(shù)F(x)=d+Xnx(&€R),/'(x)為f(年的導(dǎo)函數(shù). (I)當(dāng)左=6時(shí), (i)求曲線y=/(處在點(diǎn)(1,/(1))處的切線方程; 9 (ii)求函數(shù)8。)=/。)一/'(幻+一的單調(diào)區(qū)間和極值; X (II)當(dāng)我2—3時(shí),求證:對任意的x”x,e[l,+oo),且%>.,有、(“2+/(W).〉 2 Xy—X2 【解析】(I)(i)當(dāng)左=6時(shí),/(x)=x3+61nx,故r(x)=3V+9.可得/(1)=1,/'(1)=9,

49、 X 所以曲線y=/(x)在點(diǎn)(1J⑴)處的切線方程為y-l=9(x—1),即y=9x—8. 3 63 (ii)依題意,(x)=-3x~+6InxH—,xg(0,4

50、 (U)證明:山/(x)=x3+-nx,得/(》)=3/+一. X 對任意的X],%£“,+8),且%>%2,令五二/”>1),則 (%-可(ra)+r(w))-2(/a)_〃x2)) =(X1-&)3x^+—+3%2+--2G-E+Zln土 x2 x:-%2-3X;工2+3平;+%—-^=--2k\x\— =考(r一3/+3/—1)+火,一1一2111. 由此可得力(%)在 令A(yù)(x)—x 2Inx,xg[1,4-oo)."1x>1時(shí),h'(x)=1H— =|1—j>0, x xxyxJ [l,+oo)單調(diào)遞增,所以當(dāng)時(shí),A(r)>/?(1),即,-l-21n/>0.

51、 因?yàn)椋?1,/一3一+3/-1=?—1)3>0#之一3, 所以,X;(尸一3廠+3/—l)+k[r 2In/)>(/—3廣+3/—1)— 2In/ 3=/3-3f2+61nZ+--l. t 3 由(I)(ii)可知,當(dāng)時(shí),g(Z)>g(l),即f—3廠+61nfH—>1, 故/一3/2+6In,4 1>0. (3) t 由①可得&一切(/'(%)+/'5))一2(〃%)—/(々))>0.所以,當(dāng)0N-3時(shí),對任意的 X),X2G[1,4-00),且X]>%,有_ . 2 x}—x9 22 .【2020年高考北京】已知函數(shù)/(x)=12-V. (I)求曲線y=

52、/(x)的斜率等于-2的切線方程; (n)設(shè)曲線y=fix)在點(diǎn)(r,/(0)處的切線與坐標(biāo)軸圍成的三角形的面積為S(t),求s⑺的最小值. 【解析】(I)因?yàn)?(元)=12-%2,所以r(x)=-2x, 設(shè)切點(diǎn)為(%』2-%),則一2與=-2,即%=1,所以切點(diǎn)為(1,11), 由點(diǎn)斜式可得切線方程:y-ll=-2(x-l),即2x+y-13=0. (II)顯然twO, 因?yàn)閥=/(X)在點(diǎn)(r,12—廠)處的切線方程為:y—(12—廠)=—2r(x—r), 令1=0,得>=產(chǎn)+12,令y=0,得x=2±±, 2t 所以S⑺《(入⑵?募, 不妨設(shè)r>0(f<0時(shí),結(jié)果一樣

53、), 則S(,)=V產(chǎn)=3+247+中), 所以5,")=L31+24-律)=3(「+”一48) V,4 t2 4/ 3(『-4)(1+12)3>-2)?+2)(4+12) 4尸 4尸 由S'(f)>0,得f>2,由S'?)<0,得0

54、 (I)證明:函數(shù)y=/(x)在(0,依)上有唯一零點(diǎn); (II)記X0為函數(shù)y=/(x)在(0,e)上的零點(diǎn),證明: (i)Ja-144,2(a-1); (ii)而/(e廂)>(e-l)(a-l)a. 【解析】(I)因?yàn)?(0)=1-。<0,/(2)=e2-2-a>e2-4>0,所以y=/(x)在(0,+?>)上存在零點(diǎn). 因?yàn)槭?x)=e'-l,所以當(dāng)x>0時(shí),r(x)>0,故函數(shù)/(x)在[0,48)上單調(diào)遞增, 所以函數(shù)以y=/(x)在(0,+8)上有唯一零點(diǎn). (II)(i)令g(x)=e*--x2-x-l(x>0),g,(x)=e*-x-\=f(x)+a-\, 由

55、(I)知函數(shù)g'(x)在[0,y)上單調(diào)遞增,故當(dāng)x>0時(shí),g'(x)>g'(0)=0, 所以函數(shù)g(x)在[0,”)單調(diào)遞增,故以函Ng(0)=0. 由g(j2(a-l))20得/(72(a-l))=e'時(shí)-52(a-1)-a>O=f(xo), 因?yàn)?(x)在[。,+8)單調(diào)遞增,故y]2(a-1)>x0. 令/i(x)=e--1(04x41),h'(x)=ex-2x-I, 令似x)=e*_2x_l(04x41),/j1'(x)=et-2,所以 X 0 (0,ln2) In2 (In2,1) 1 砧X) -1 一 0 4- e-2 九(幻 0 \

56、 / e-3 故當(dāng)0/^T)=eG->/^T-a4O=f(Xo), 因?yàn)閒(x)在[0,內(nèi))單調(diào)遞增,故%. 綜上,yja—ll時(shí),u\x)>0,故函數(shù)“(%)在區(qū)間[1,內(nèi))上單調(diào)遞增,因此wW>u(l)=0. [11e*=x()+。可得xJ(e")=x0/(x0+。)=(ew-1)片+a(e"-2)x0>(e-l)

57、ar(), 由x0>\ta-\得Xo/(e")>(e-l)(a-l)a. 24. (2019年高考全國I卷理數(shù))已知函數(shù)/(x)=sinx-ln(l+x),/'(x)為/(x)的導(dǎo)數(shù).證明: rr (i)r(x)在區(qū)間(一i,萬)存在唯一極大值點(diǎn); (2) /(x)有且僅有2個(gè)零點(diǎn). 【答案】(1)見解析;(2)見解析. 【解析】(I)設(shè)g(x)=/'(x),則g(x)=cosx———.g'(x)=-sinx+——-~~ 1+X (1+X) 當(dāng)費(fèi)時(shí),8'。)單調(diào)遞減,而8'(0)>0,8'(])<0,可得3(了)在卜1,])有唯一零點(diǎn), 設(shè)為a. 則當(dāng)一Ta)時(shí),g,(x

58、—卜?!璔。. 所以g(x)在(-1,。)單調(diào)遞增,住(。,外單調(diào)遞減,故g(x)在(一吟)存在唯一極大值點(diǎn),即f'(x)在(一1,5)存在唯一極大值點(diǎn). (3) /(x)的定義域?yàn)?一1,心). (i)當(dāng)xw(—l,0]時(shí),由(1)知,/'(x)在(一1,0)單調(diào)遞增,而/'(0)=0,所以當(dāng)xe(—1,0)時(shí), <0. /f(x)<0,故/(x)在(一1,0)單調(diào)遞減,又/(0)=0,從而x=0是/(x)在(一1,()]的唯?冬點(diǎn). 時(shí),由(1)知,/'(x)在(0,a)單調(diào)遞增,在[單調(diào)遞減,而/(0)=0 所以存在a《),使得尸(0=0,且當(dāng)xw(O,0時(shí),/'(x)>0

59、;當(dāng)xe夕看卜j,/((x)<0. 故f(x)在(0,/3)單調(diào)遞增,在力,]單調(diào)遞減. 又/(0)=0, /Rj = l-lnl 1 + ^1>0,所以當(dāng) 時(shí),小)>。.從而,依)在嗚 沒有 零點(diǎn). (iii)當(dāng)兀時(shí),/'(x)<0,所以/(x)在兀單調(diào)遞減.而/e)>0,/(兀)<(),所以/(x) 在(5,兀有唯.零點(diǎn). (iv)當(dāng)xe(兀,+l,所以/(x)<0,從而/(x)在(兀,+00)沒有零點(diǎn). 綜上,/(x)有目.僅有2個(gè)零點(diǎn). 【名師點(diǎn)睛】本題考查導(dǎo)數(shù)與函數(shù)極值之間的關(guān)系、利用導(dǎo)數(shù)解決函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的問題.解決零點(diǎn)問題的關(guān)鍵

60、一方面是利用零點(diǎn)存在性定理或最值點(diǎn)來說明存在零點(diǎn),另一方面是利用函數(shù)的單調(diào)性說明在區(qū)間內(nèi)零點(diǎn)的唯一性,二者缺一不可. X+] 25. (2019年高考全國H卷理數(shù))已知函數(shù)/(元)=lnx . x—\ (1)討論./(X)的單調(diào)性,并證明Ar)有且僅有兩個(gè)零點(diǎn): (2)設(shè)xo是危)的一個(gè)零點(diǎn),證明曲線_y=lnx在點(diǎn)4(xo,Inxn)處的切線也是曲線y=e”的切線. 【答案】(1)函數(shù)/(x)在(。,1)和(1,2)上是單調(diào)增函數(shù),證明見解析;(2)見解析. 【解析】(l)/(x)的定義域?yàn)?0,1)U(1,). 1 2 因?yàn)?'(x)=-+t-T>0.所以/(X)在(0

61、,1),(1,+8)單調(diào)遞增. X(X-1) e+1 e211p2_3 因?yàn)?(e)=1 <0,/(e2)=2-^^-= 所以/(外在(1,+8)有唯一零點(diǎn)內(nèi),即 e-1 e-1e-1 f(.ri)=0.又。<一<I,/(一)=-InXj+—1--=-/(Xj)=O,故f(x)在(0,1)有唯一零點(diǎn)一.Xj X) X1—1 X) 綜上,f(x)有且僅有兩個(gè)零點(diǎn). (2)因?yàn)橐?e-"",故點(diǎn)3(-ln.v(),——)在曲線產(chǎn)e1上. *0 %) +1 --lnx0--^±L 由題設(shè)知f(x0)=0,即In/=泡土|,故直線A8的斜率k=R =/一=— %一1 -lnx0-

62、x0丁+1rx0 1人0 曲線產(chǎn)d在點(diǎn)8(-Inx0,—)處切線的斜率是,曲線y=Inx在點(diǎn)4(%,Inx0)處切線的斜率也是」-, 所以曲線y=InX在點(diǎn)A(x0,lnx0)處的切線也是曲線,v=e'的切線. 【名師點(diǎn)睛】本題考查了利用導(dǎo)數(shù)求已知函數(shù)的單調(diào)性、考杳了曲線的切線方程,考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力. 26.(2019年高考全國III卷理數(shù))已知函數(shù)/(*)=2丁-62+從 (1)討論/(x)的單調(diào)性; (2)是否存在。力,使得/6)在區(qū)間[0,1]的最小值為-1且最大值為1?若存在,求出。⑦的所有值;若不存在,說明理由. fa=0fa=4 【答案】(1)見解析;(2),,

63、或, [0=1 [解析](1)f'(x)=6x2-lax-2x(3尤-a). 令f'{x}=0,得x=0或x=1. 若?>0,則當(dāng)xe(-oo,0)U(H,+?>)時(shí),f'(x)>0;當(dāng)xe(0,時(shí),f'(x)<0.故/(x)在 (-8,0),單調(diào)遞增,在單調(diào)遞減; 若4=0,/(X)在(-00,+00)單調(diào)遞增; 若a〈0,則當(dāng)xw(-8,]Ju(0,+8)時(shí),/,(X)>0;當(dāng) 忖,f\x)<0.故/(%)在 (一8,]],(0,+OO)單調(diào)遞增,在單調(diào)遞減. (2)滿足題設(shè)條件的a,b存在. ⑴當(dāng)h0時(shí),由(1)知,/(x)在[0,1)單調(diào)遞增,所以/(%)在區(qū)間[0

64、,1]的最小值為/(0)=。,最大值為/(1)=2—a+A.此時(shí)",b滿足題設(shè)條件當(dāng)且僅當(dāng)b=-l,2-a+b=\,即“=0,b=-l. 最大值為?;?—a+b. (ii)當(dāng)應(yīng)3時(shí),由(1)知,f(x)在[0,1]單調(diào)遞減,所以/(x)在區(qū)間[0,I]的最大值為。(0)=從最小值為/(1)=2—a+b.此時(shí)“,方滿足題設(shè)條件當(dāng)且僅當(dāng)2—。+方=-1,b=\,即6=1. (iii)當(dāng)(Xa<3時(shí),由(1)知,/(x)在[0,1]的最小值為了 若一二+》=—1,h=\,PBJa=3^2,與0<"<3矛盾. ^——+b=—1,2—a+h=1.則a=3&或a=—36或a=0,與0

65、. 27 綜上,當(dāng)且僅當(dāng)a=0,8=-1或。=4,&=1時(shí),/(x)在[0,1]的最小值為-1,最大值為I. 【名師點(diǎn)睹】這是一道常規(guī)的函數(shù)導(dǎo)數(shù)和不等式的綜合題,題目難度比往年降低/不少,考查函數(shù)的單 調(diào)性、最大值、最小值這種基本量的計(jì)算. 變式培優(yōu) 一、單選題 1. (2021?重慶高三三模)若關(guān)于x的不等式Ninx+a對一切正實(shí)數(shù)x恒成立,則實(shí)數(shù)"的取值范圍是 () A.(7,) B.S] C.(-oo,l] D.(-oo,2] 【答案】C 【分析】 構(gòu)造函數(shù)/(x)=e…-加v-a(x>0),將原不等式轉(zhuǎn)化為求解函數(shù)/(外的最小值,通過導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào) 性研究

66、函數(shù)的最值,得到泊一"-加v。-a.O,再利用基本不等式進(jìn)行求解即可. 【詳解】 解:設(shè)f(x)=ei-底—a(x>0),則/(x)..O時(shí)一切正實(shí)數(shù)x恒成立,即/(x),,3.O, 由/,*)=/一"-!,令獻(xiàn)x)=e*-"-L則 +二>0恒成立, XXX" 所以力(x)在(0,+0。)上為增函數(shù), 當(dāng)X—>0時(shí),力(X)—>-00,當(dāng)X—>+8時(shí),h(x)—>+00, 則在(0,+0。)上,存在X。使得〃(%)=0, 當(dāng)0<工0, 故函數(shù)/(x)在(。,小)上單調(diào)遞減,在(%,+8)上單調(diào)遞增, 所以函數(shù)/(X)在X二/處取得最小值為/(x0)= -3)-a..0, 因?yàn)?"一"=一,即/-a=-1叫, 所以'-+x(>-a-a-0恒成立,HP2a,,+—, 故為,2,所以4,1. 故選:C. 【點(diǎn)睛】 方法點(diǎn)睛:不等式恒成立問題常見方法:①分離參數(shù)a4/(x)恒成立(aW/(x)mi“即可)或。2/*)恒成立 (。2/(初皿即可);②數(shù)形結(jié)合(y=/(x)圖象在y=g(x)上方即可):③討論最值/(犬

展開閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關(guān)資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關(guān)于我們 - 網(wǎng)站聲明 - 網(wǎng)站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網(wǎng)站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網(wǎng)版權(quán)所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號:ICP2024067431-1 川公網(wǎng)安備51140202000466號


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務(wù)平臺,本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請立即通知裝配圖網(wǎng),我們立即給予刪除!