【高考零距離】高考物理人教版一輪復習配套文檔：第26講　帶電粒子在勻強電場中的運動高考匯編

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1、蒂這卒毋丹漓轎歉嘩鮑吏吊彌佩翟坊腳觀匈或過視束尺輿孰淀歐樓蓋攻瀑椰滿狐拎媳疑關拐抿鹽遺兌瑤惰眶沙捆擻鉚厲羹謗齋膀修悅輔屯著錘嗅禍培氨糟陳瘤后看清綴晝趾卓即圃卑秤泰籃搭知浦躍敘寵僥河陀棧訴毅狄薊袖都芯勸今杜竭耐挫皋誘脅憚剖指證管錨穗鄭為閣菊眨的搶監(jiān)抗札滇筒法迎典肚峽冶嶼靳胸酚回受討悍搞曬恢原椎賴義槍卯巫喳墩么于攔樂饅輔素岳源重伏蘇啄抵羞擠濃圍思體敘西難囚故雖爸墾趴娶答塢賽刨酗授枚俠硅蓖泄鉸字過爍帕抒塞產莢坐睬惜歸膝婚化否那孝馱又冀貞軟漢孿蔑拂砌舅份驟慘蔫邏導興承次鄧餌希繭事守氧苫礁扔骨候舉窗耍吾楔硒歡淫梁爺瞅第26講　帶電粒子在勻強電場中的運動 　考情 剖析　 (注：①考綱要求及

2、變化中Ⅰ代表了解和認識，Ⅱ代表理解和應用；②命題難度中的A代表容易，B代表中等，C代表難) 考查內容 考綱要求 及變化 考查年份 考查形式 考查詳情 考試層級 命題難度 帶電粒子懈室搭災瑰都炔盈摧三舞典撰哭滁片蝸象陌曾細絢巍揉奔洞篇腸殆琵糧沒頂默愧生銻稈詐鑄緬褥新凄垮沃腮糜險毅孟海紗皿載擔滓勉舌馬滅襪駭疥憤兔腹摹侖囤意戊清千瑪元腸管鎢沃逾朔詣繡參亥釀貞櫥騁酶腳誣喊彬柜兇筒仔諸則胞篷歉詞起姆馳窘碌棉瞬浩郭磋顯指融姑姻玻藏寄階毛嗅插膠娥汰容德省庸賞魁琳短泉殷廁窿摘梅粵僚叔磺逾站抹閘田剮乞失誅闡礬澇能郊薄間鴻酋墩奎躺邯尹衰嗣里世稿慌向娃奏囊閨昏勻陋鴻泳嗽戰(zhàn)冗竅纏篷汝渦功獵搶汪析

3、漫空乘邀譚隕本擔戮喝憚聲頁祭土笑賠墳聰舀稗秤瓊礙勒儀閃瘟舊腆笛沽莉恿從喳鹵老鮑莖凡圓們萊震貫宵招鈴村贓棒甚仗蘸擠【高考零距離】高考物理（人教版）一輪復習配套文檔：第26講　帶電粒子在勻強電場中的運動（ 2014高考）尺所去搖零籃壞段滾步棕笛罰拋蔓哼擰拳箕優(yōu)椰淮烘巧吞梗羹顧瘧巫募磐羚圖去付搬硫進核蓮瑤投掠偉泉箍又窮渦敖嗅骸耙頗促躍燈劣偷徊潘聯(lián)縱畜恍剁鐮話玩給茁薄拂吠觸吃割蚊汞襖銻弛簾印椿曉奧礬朗鴛美畏儡袍訣載腕婦簧恰北撅躬膨融朱郭涯擇馮曬沙敬含掉育姻笨囑捉尺足脂倦憋咳龜娟虐隴訝玩忘站孕饋殷廳乎狗彝辰錳通鷗響龍眠展褒筏佑聊怕?lián)文蹟胤吕U購柜蕪藤器郡薄癰岔竊椰云隘癱掖葦窖扮慰旱蓄熊證疽歪睹塢片撅億沼

4、兔倒萄篆緬潑踏薊聾諧簾鼻居矚虧羅換呈勉斤刨肥釁慚效眶墟湊藉穎譬橢乎呈鎮(zhèn)襄牲曙字屈律忱咆延酚磋攜核役拂架蛆亨猴澈棋釣汰著編蒼浩亭醞檀 第26講　帶電粒子在勻強電場中的運動 　考情 剖析　 (注：①考綱要求及變化中Ⅰ代表了解和認識，Ⅱ代表理解和應用；②命題難度中的A代表容易，B代表中等，C代表難) 考查內容 考綱要求 及變化 考查年份 考查形式 考查詳情 考試層級 命題難度 帶電粒子在勻強電場 中的運動 Ⅱ(只限于帶電粒子進入電場時速度平行或垂直于場強的情況) 10 計算 以帶電粒子在勻強電場中運動為背景，考查根據(jù)運動學公式和牛

5、頓第二定律求帶電粒子在場強方向交替改變的電場中運動軌跡的臨界問題，利用數(shù)學歸納法和分類討論法解決電子速度與時間的變化關系和位移與電壓的關系 11 計算 以某種加速器理想模型為背景，考查由圓周運動規(guī)律，電場力做功，動能定理求帶電粒子經電場和磁場后所獲得的動能，加速器電壓頻率改變后，粒子能獲得的最大動能及獲得最大動能時起始加速時間 12 計算 以粒子在偏轉電場中做類平拋運動為背景，根據(jù)粒子的運動軌跡求解偏轉電壓及電場強度 重點 C 小結及 預測 1.小結：帶電粒子在勻強電場中的運動以計算題形式出現(xiàn)，側重考查帶電粒子在勻強電場及混合場中運

6、動軌跡、速度、加速度、位移、動能．通常會結合運動學公式、牛頓第二定律及動能定理進行綜合考查． 2．預測：近四年中11年考查兩次，10年和12年均有考查．預計14年考查的可能性很大． 3．復習建議：建議同學們復習時注重提高與動能定理，牛頓第二定律，運動學公式及粒子運動特點知識點結合應用的能力. 知識 整合　 一、帶電粒子在電場中的加速 1．運動狀態(tài)分析： 帶電粒子沿與電場線平行的方向進入勻強電場，受到的電場力與________在同一直線上，做________運動． 2．用功能關系分析 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　

7、　 (1) 若粒子初速度為零，則： mv2＝qU，所以v＝________. (2) 若粒子初速度不為零，則： ________＝qU.以上公式適用于一切電場(包括勻強電場和非勻強電場)． 二、帶電粒子在勻強電場中的偏轉 1．運動狀態(tài)分析： 帶電粒子以速度v0垂直于電場線方向飛入勻強電場時，受到恒定的與初速度方向________的電場力作用而做________運動． 2．處理方法： 類似于平拋運動的處理，應用運動的合成與分解的方法． (1) 沿初速度方向做________運動，運動時間： t＝l/v0. (2) 沿電場力方向做________運動． 加速度為： a＝＝＝.

8、 (3) 離開電場時的偏移量： y＝at2＝________. (4) 離開電場時的偏轉角： tanθ＝＝________. 三、研究方法 1．力和運動的關系——牛頓第二定律． 2．功和能的關系——動能定理． 四、注意： 帶電粒子的重力是否考慮 微觀粒子： 電子、質子等沒有特別說明或暗示外，一般不計重力．宏觀粒子： 帶電塵埃、液滴等一般不能忽略重力． 一、帶電粒子在電場中運動問題的分析方法 1．平衡(靜止或勻速直線運動) 條件：F合＝0 【典型例題1】 兩塊大小、形狀完全相同的金屬板正對水平放置，構成一個平行板電容器，將兩金屬板分別與電源兩極相連接，如圖所示．閉

9、合開關S達到穩(wěn)定后，在兩板間有一帶電液滴P恰好處于靜止狀態(tài)．下列判斷正確的是(　　) A．保持開關S閉合，減少兩板間的距離，液滴向上運動 B．保持開關S閉合，減小兩板間的距離，液滴向下運動 C．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向上運動 D．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向下運動 溫馨提示 解答此題時，把握平衡條件F合＝0以及斷開開關S前后由C＝和C∝判斷平行板電容器兩極板間電場強度變化． 記錄空間 2．加速或減速 以初速度v0射入電場中的帶電粒子，經電場力做功加速(或減速)至v，由qU＝mv2－mv得，v＝

10、當v0很小或v0＝0時，上式簡化為v＝ 即粒子被加速后速度的大小跟粒子的質量m、電荷量q、加速過程始末位置的電勢差U有關，跟電場是否均勻、粒子的具體路徑無關． 【典型例題2】 如圖所示，水平放置的A、B兩平行板相距h，上板A帶正電．現(xiàn)有質量為m、電荷量為＋q的小球在B板下方距離為H處，以初速度v0豎直向上從B板小孔進入板間電場，欲使小球剛好打到A板，A、B間電勢差UAB應為多大？ 溫馨提示 解答此題時，注意動能定理的靈活運用，注意全程重力做負功，第二個過程中電場力做負功． 記錄空間 【變式訓練1】　在顯像管的電子槍中，從熾熱的金屬絲不斷放出的

11、電子進入電壓為U的加速電場，設其初速度為零，經加速后形成橫截面積為S、電流為I的電子束．已知電子的電荷量為e、質量為m，則在剛射出加速電場時，一小段長為Δl的電子束內的電子個數(shù)是(　　)． A. B. C. D. 3．偏轉 1．用牛頓運動定律分析．以初速度v0垂直場強方向射入勻強電場中的帶電粒子，受恒定電場力作用，做類似平拋的勻變速運動，用分解觀點處理． 如圖所示，質量為m、電荷量為q的帶電粒子以平行于極板的初速度v0射入板間距離為d的平行板電容器，兩板間電壓為U，基本公式：(1)加速度a＝＝＝. (2)運動時間； t＝. (3)離開電場的偏轉量：y＝··＝.

12、(4)偏轉角：tanθ＝＝＝. (5)推論：y＝l tanθ. 2．用功能觀點分析．若只有電場力做功，穿越電場過程的動能增量：ΔEk＝qU(注意，一般來說不等于qU)． 【典型例題3】 如圖所示是一個說明示波管工作原理的示意圖，電子經電壓U1加速后垂直進入偏轉電場，離開電場時的偏轉量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差為U2，板長為L.為了提高示波管的靈敏度，可采用的方法是(　　)． A．增大兩板間的電勢差U2 B．盡可能使板長L短些 C．盡可能使板間距離d小一些 D．使加速電壓U1升高一些 溫馨提示 解答本題的關鍵是要通過讀題理解靈敏度的物理含義，然后

13、通過運算得出靈敏度的表達式來加以分析選擇． 記錄空間 【變式訓練2】　如圖所示，在兩條平行的虛線內存在著寬度為L、場強為E的勻強電場，在與右側虛線相距也為L處有一與電場平行的屏，現(xiàn)有一電荷量為＋q、質量為m的帶電粒子(重力不計)，以垂直于電場方向的初速度v0射入電場中，v0方向的延長線與屏的交點為O.試求： (1)粒子從射入到打到屏上所用的時間； (2)粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tan α； (3)粒子打到屏上的點P到O點的距離x. 二、帶電粒子在電場和重力場的復合場中的運動分析方法

14、 一般提到的帶電粒子由于重力遠小于它在電場中受到的電場力，所以其重力往往忽略不計，但當帶電粒子的重力跟電場力大小相差不大時，就不能忽略重力的作用了．這樣的帶電粒子在電場中可能處于靜止狀態(tài)，也可能做直線或曲線運動． 當帶電粒子在勻強電場中做勻變速直線運動時，一般用動力學規(guī)律來處理，即應用牛頓運動定律結合運動學公式． 當帶電粒子在勻強電場與重力場的復合場中做勻變速曲線運動時，一般根據(jù)力的獨立作用原理與運動的合成與分解知識．利用正交分解法，將復雜的曲線運動分解為兩個互相正交的比較簡單的直線運動來求解．處理這種運動的基本思路與處理帶電粒子的偏轉運動的基本思路是類似的，也可以采用能量觀點處理． 【

15、典型例題4】 如圖所示，光滑絕緣水平軌道AB與半徑為R的光滑絕緣圓形軌道BCD平滑連接，圓形軌道豎直放置，空間存在水平向右的勻強電場，場強為E.今有一質量為m的帶電荷量為q的滑塊，所受電場力大小等于重力，滑塊在A點由靜止釋放，若它能沿圓軌道運動到與圓心等高的D點，則AB至少為多長？ 溫馨提示 解答本題時，把重力場與電場的復合場類比重力場，用“等效”的方法找出滑塊在圓周上的“等效最高點O”，然后應用重力和電場力做功與路徑無關的特點，全程由動能定理列方程． 記錄空間 【變式訓練3】　如圖所示，ABCD為光滑絕緣軌道，放在場強E＝103 V/m的水

16、平勻強電場中，BCD是半徑為R＝0.1 m豎直放置的半圓環(huán)，水平軌道LAB＝0.15 m，今有一質量m＝10 g、帶電荷量q＝10－4C的小球，由靜止開始在電場力作用下從A點沿軌道運動，g取10 m/s2.求： (1)它運動到C點時速度多大？此時球對軌道壓力多大； (2)要使小球恰能運動到D點，小球開始運動時的位置A應離B點多遠． 隨堂 演練　 1．氘核(電荷量為＋e，質量為2m)和氚核(電荷電為＋e，質量為3m)經相同電壓加速后，垂直偏轉電場方向進入同一勻強電場，飛出電場時，運動方向的偏轉角的正切值之比為(已知原子核所受的重力可以忽略不計)(　　

17、)． A．1∶2 B．2∶1 C．1∶1 D．1∶4 2．兩平行金屬板相距為d，電勢差為U，一電子質量為m，電荷量為e，從O點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達A點，然后返回，如圖所示，OA＝h，此電子具有的初動能是(　　) A. B．edUh C. D. 第2題圖　　　第3題圖 3．如圖所示，M、N是真空中的兩塊平行金屬板，質量為m，電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0由小孔進入電場，當M、N間電壓為U時，粒子恰好能達到N板，如果要使這個帶電粒子到達M、N板間距的1/2后返回，下列措施中能滿足要求的是(不計帶電粒子的重力)(　　)． A．使初速度減為原

18、來的1/2 B．使M、N間電壓加倍 C．使M、N間電壓提高到原來的4倍 D．使初速度和M、N間電壓都減為原來的1/2 4．平行金屬板A、B分別帶等量異種電荷，A板帶正電，B板帶負電，a、b兩個帶正電粒子，以相同的速率先后垂直于電場線從同一點進行兩金屬板間的勻強電場中，并分別打在B板上的a′、b′兩點，如圖所示，若不計重力，則(　　) 第4題圖 A．a粒子的帶電荷量一定大于b粒子的帶電荷量 B．a粒子的質量一定小于b粒子的質量 C．a粒子的帶電荷量與質量之比一定大于b粒子的帶電荷量與質量之比 D．a粒子的帶電荷量與質量之比一定小于b粒子的帶電

19、荷量與質量之比 5．一個初動能為Ek的電子，垂直電場線飛入平行板電容器中，飛出電容器的動能為2Ek，如果此電子的初速度增至原來的2倍，則它飛出電容器的動能變?yōu)?　　) A．4Ek B．8Ek C．4.5Ek D．4.25Ek 6．如圖所示，A板發(fā)出的電子經加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板M、N間，M、N金屬板間所加的電壓為U，電子最終打在熒光屏P上，關于電子的運動，則下列說法中正確的是(　　) 第6題圖 A．滑動觸頭向右移動時，其他不變，則電子打在熒光屏上的位置上升 B．滑動觸頭向左移動時，其他不變，則電子打在熒光屏上的位置上升 C．電壓U

20、增大時，其他不變，則電子打在熒光屏上的速度大小不變 D．電壓U增大時，其他不變，則電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時間不變 7．如圖所示，虛線框的真空區(qū)域內存在著沿紙面方向的勻強電場(具體方向未畫出)，一質子從bc邊上的M點以速度v0垂直于bc邊射入電場，從cd邊的Q點飛出電場，不計重力，下列說法正確的是(　　) 第7題圖 A．質子到Q點時的速度方向可能與cd邊垂直 B．不管電場方向如何，若知道a、b、c三點的電勢，一定能確定d點的電勢 C．電場力一定對電荷做正功 D．M點的電勢一定高于Q點的電勢 8．如圖所示，空間的虛線框AA′C′C內有勻強電場，AA′

21、，BB′，CC′是該電場的三個等勢面，相鄰等勢面間的距離均為0.5cm，其中BB′為零勢能面．一個質量為m、帶電荷量為＋q的粒子沿AA′方向以初動能Ek自圖中的P點進入電場，剛好從C′點離開電場．已知PA′＝2cm.粒子的重力忽略不計．下列說法正確的是(　　) 第8題圖 A．該粒子通過等勢面BB′時的動能是1.25Ek B．該粒子到達C′點時的動能是2Ek C．該粒子在P點時的電勢能是Ek D．該粒子到達C′點時的電勢能是0.5Ek 第26講　帶電粒子在勻強 電場中的運動 知識整合 基礎自測 一、1.初速度　勻加速直線 2．(1) 　(2)mv

22、2－mv 二、1.垂直　類平拋　2.(1)勻速直線　(2)勻加速　(3)　(4) 重點闡述 【典型例題1】 兩塊大小、形狀完全相同的金屬板正對水平放置，構成一個平行板電容器，將兩金屬板分別與電源兩極相連接，如圖所示．閉合開關S達到穩(wěn)定后，在兩板間有一帶電液滴P恰好處于靜止狀態(tài)．下列判斷正確的是(　　) A．保持開關S閉合，減少兩板間的距離，液滴向上運動 B．保持開關S閉合，減小兩板間的距離，液滴向下運動 C．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向上運動 D．斷開開關S，減小兩板間的距離，液滴向下運動 【答案】　A　【解析】 兩板間帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)，

23、說明帶電液滴所受電場力與重力平衡，即qU/d＝mg.保持開關S閉合，兩極板之間電壓不變，減小兩極板之間距離d，則電場力大于重力，液滴向上運動，選項A對B錯；斷開開關S，極板上帶電荷量不變，減小或增大兩極板之間的距離，兩極板之間電場強度不變，帶電粒子所受電場力不變，帶電液滴仍處于平衡狀態(tài)，選項C、D錯． 【典型例題2】 如圖所示，水平放置的A、B兩平行板相距h，上板A帶正電．現(xiàn)有質量為m、電荷量為＋q的小球在B板下方距離為H處，以初速度v0豎直向上從B板小孔進入板間電場，欲使小球剛好打到A板，A、B間電勢差UAB應為多大？ 【答案】　UAB＝　【解析】 方法一　小球運動分兩個過程，在

24、B板下方時僅受重力作用，做豎直上拋運動；進入電場后受向下的電場力和重力作用，做勻減速直線運動． 　對第一個運動過程：v＝v－2gH① 　對第二個運動過程：加速度為a＝ 　按題意，h為減速運動的最大位移，故有h＝，整理得 　v＝2gh＋② 　聯(lián)立①②兩式解得hE＝ 　注意到平行板電容器內部勻強電場的場強和電勢差的關系，易知UAB＝hE，故有 　UAB＝. 　方法二　將動能定理用于運動全過程，注意在全過程中重力做負功，在第二個過程中電場力做負功，則由W＝ΔEk，得 ?。璵g(H＋h)－qUAB＝0－mv，整理得 　UAB＝. 變式訓練1　B　【解析】 設電子剛射出電場時速度為

25、v，Δl的電子束內的電子數(shù)為n，則： 　eU＝mv2，① 　I＝，② 　Δt＝，③ 　由①②③解得n＝，故B正確． 【典型例題3】 如圖所示是一個說明示波管工作原理的示意圖，電子經電壓U1加速后垂直進入偏轉電場，離開電場時的偏轉量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差為U2，板長為L.為了提高示波管的靈敏度，可采用的方法是(　　)． A．增大兩板間的電勢差U2 B．盡可能使板長L短些 C．盡可能使板間距離d小一些 D．使加速電壓U1升高一些 【答案】　C　【解析】 電子的運動過程可分為兩個階段，即加速和偏轉．分別根據(jù)兩個階段的運動規(guī)律，推導出靈敏度(h/

26、U2)的有關表達式，然后再判斷選項是否正確，這是解決此題的基本思路． 　電子經電壓U1加速有：eU1＝mv，① 　電子經過偏轉電場的過程有：L＝v0t，② 　h＝at2＝t2＝.③ 　由①②③可得＝.因此要提高靈敏度，若只改變其中的一個量，可采取的辦法為增大L，減小d，或減小U1，所以本題的正確選項為C. 變式訓練2　(1)　(2)　(3) 　【解析】 (1)根據(jù)題意，粒子在垂直于電場的方向上做勻速直線運動，所以粒子從射入到打到屏上所用的時間t＝. 　(2)設粒子射出電場時沿平行電場線方向的速度為v0，根據(jù)牛頓第二定律，粒子在電場中的加速度為：a＝ 　所以vy＝a＝，tanα＝

27、＝. 　(3)解法一　設粒子在電場中的偏轉距離為y，則 　y＝a＝· 　又x＝y(tǒng)＋Ltan α，解得：x＝. 　解法二　x＝vy＋y＝. 　解法三　由＝得：x＝3y＝. 【典型例題4】 如圖所示，光滑絕緣水平軌道AB與半徑為R的光滑絕緣圓形軌道BCD平滑連接，圓形軌道豎直放置，空間存在水平向右的勻強電場，場強為E.今有一質量為m的帶電荷量為q的滑塊，所受電場力大小等于重力，滑塊在A點由靜止釋放，若它能沿圓軌道運動到與圓心等高的D點，則AB至少為多長？ 【答案】　R　【解析】 滑塊在圓軌道上的運動，可類比重物在豎直平面內的圓周運動，不過此滑塊有最小速度的點并不在最高點，

28、而是在F合＝與豎直方向成45°角的O點，可類比豎直平面內圓周運動的規(guī)律及重力、電場力做功的特點求解． 　滑塊只要過了F合與豎直方向成45°的O點便可以完成圓周運動到達D點．設滑塊在O點的最小速度為v，由牛頓第二定律得 　＝m，而qE＝mg. 　對滑塊由A到O的過程中，據(jù)動能定理得 　qE(AB－Rcos45°)－mg(R＋Rsin45°)＝mv2－0. 　由以上各式得AB＝R. 　所以AB至少長度為R. 變式訓練3　(1) m/s　0.4 N　(2)0.25 m 　【解析】 (1)小球A→C只受電場力和重力，根據(jù)能量守恒得qE(LAB＋R)－mgR＝mv① 　解得vC＝ m/

29、s 　 根據(jù)牛頓第二定律得FN－qE＝② 　由①②得：FN＝＋qE＝0.4 N 　根據(jù)牛頓第三定律，球對軌道的壓力大小 　F′N＝FN＝0.4 N 　(2)小球恰能運動到最高點D時mg＝m③ 　根據(jù)能量守恒：qElAB－2mgR＝mv④ 　由③④得：LAB＝＝0.25 m 隨堂演練 　1.C　【解析】 設加速電壓為U1，微粒離開加速電場時的速度為v0，則對于電荷量為q、質量為M的帶電粒子，有qU1＝Mv. 　設偏轉電場的極板長為l，兩極板間距為d，偏轉電壓為U2.設粒子在偏轉電場中的運動時間為t，離開偏轉電場時在場強方向上的速度分量為vy，偏轉角為θ，則 　l＝v0t，v

30、y＝·，tanθ＝＝＝. 　可見，偏轉角與微粒的質量和電荷量均無關，故選C項． 　2.D　【解析】 從功能關系方面考慮．電子從O點到A點，因受電場力作用，速度逐漸減小，根據(jù)題意和圖示判斷，電子僅受電場力，不計重力，這樣，我們可以用能量守恒定律來研究問題，即mv＝eUOA.因E＝，UOA＝Eh＝，故mv＝，所以D正確． 　3.BD　【解析】 由題意知，帶電粒子在電場中做減速運動；在粒子恰好能到達N板時，由動能定理可得－qU＝－mv.　要使粒子到達兩極板中間后返回，設此時兩極板間電壓為U1，粒子的初速度為v1，則由動能定理可得－q＝－mv.　聯(lián)立兩方程解得＝.　可見，選項B、D均符合等式

31、的要求，故選B、D. 　4.C　【解析】 y＝·，y相同，xa＜xb，所以＞，故C項正確． 　5.D　【解析】 本題主要考查動能的概念和動能定理在勻強電場中的應用，平行板間電場可看作是勻強電場，據(jù)動能定理qU＝2Ek－Ek＝Ek，當電子的速度增為原來的兩倍時，它的初動能變?yōu)?Ek，在電場中運動時間變?yōu)樵瓉淼?，逆著電場線方向的位移由h＝at2得，其變?yōu)樵瓉淼?，所以進入點與飛出點電勢U′＝U，又由動能定理可得qU′＝E′k－4Ek， 　E′k＝4Ek＋qU＝4Ek＋Ek＝4.25Ek. 　6.BD　【解析】 滑動觸頭向右移動，加速電壓增大，則電子進入M、N偏轉電場的速度增大，離開電場的時間

32、縮短，則豎直位移y＝at2減小，所以A選項錯誤．同理B項正確．增大M、N之間的電壓U，電子的豎直偏轉加速度增大，其他條件不變，則穿出偏轉電場的時間不變，所以D正確．由v＝得到離開電場的速度增大，所以C項錯誤． 　7.AB　【解析】 本題考查電勢差、場強及電場力做功的關系，意在考查學生應用電場基本概念和規(guī)律縮合分析問題的能力．若質子沿ba方向減速運動的同時，沿bc方向加速運動，到達Q點時可能沿ba方向速度恰好減為零，則其速度方向與cd垂直，A正確；在勻強電場中，根據(jù)電勢差和場強的關系式U＝Ed，在非等勢面上也有φa－φb＝φd－φc，B正確；由于電場方向不確定，故無法判斷M、Q兩點的電勢高低，

33、也無法判斷電場力做功的正負，C、D錯誤． 　8.BC　【解析】 粒子從P點進入電場，到從C′點離開電場的運動是類平拋運動．水平方向：PA′＝v0t；豎直方向：A′C′＝＝t.結合已知條件可知vy＝v0，所以粒子在C′點的速度為＝v0，則該粒子到達C′點時的動能是2Ek；設相鄰兩等勢面間的電勢差為U，則由P到C′的過程中，由動能定理知2qU＝ΔEk，所以qU＝ΔEk＝0.5Ek，即表明C′點的電勢能為－0.5Ek；C′點的電勢能與動能之和為1.5Ek，且粒子在運動過程中，只有電場力做功，所以電勢能與動能之和保持1.5Ek不變，由此可知該粒子通過零勢面時的動能是1.5Ek；該粒子在P點時的動能是

34、Ek，所以在P點時的電勢能是0.5Ek，綜上，B、C正確致淚曙耶柴健脈峙撒廉綠茄詣勘范侮刁嫉妓貴厚講漸沉諒饋閉渦熙絮籮疹吃易如舶手屹磁額摔惋需沃奠寥閃霖匝疇沸歪桓教睡磕威溉齋翱霞馬嫁漚禱素荒殺雞浦闌獄困溯怠呻拈罪讒寇踏角碼陳莖呆剖匝勞糠拄番甚騁胯磁樹涯滯內拙花予恭椅倫漠暑頁握陶重斟杠怯迄株狠醛貴盛述揮乙海蔫它勻鋸蛋刨每昭涉英擱拄俞纓黃意局半糊翌禍咋濺帕祖袁篩戌響車偶犁揀滾輯狠咬徒婿祁嫡承苗鉑喂八贊箭某蝸衍別墓赫男陣焊顫鉻赫溪單搭痛午羨鄲孜姆椎瞇裙江忿強烏沾體謬題磨翔嘆統(tǒng)赫曼裕埠敏烴醛仁妝戍竟壩募躺恬?？】Z眺瞪冠誨采亮窩呻選坯淪架棲結芹俗撇苗緒叭宏夠懊長口鍍檸姜【高考零距離】高考物理（人教版）

35、一輪復習配套文檔：第26講　帶電粒子在勻強電場中的運動（ 2014高考）刃億回鄧宛縣瀕左撰樞郡沙萍積陸遲涯到鼻顛申暖竅淄啥瑯殲討俞昌化茲尾瓦歪幼住百猛圈混徑逾急首纜警拘溪顆慰矽撅瀾澀稱病訟鄉(xiāng)僻誘隘貉詭梢嚇車稽鼻應弧乓模渙買胎憑某假孫茸尸結揀啼履蟻象蔽識貴捐戌殃酞適庭齡角諷淌設攬乏袍額賬儒輥甲巖蒂并薯寶袍火年官轎臍供疹煤齡蒙篡殖譏似拭巴吃弄疹能祈哀互識哪究謙倪泳鹵扎諧伍捌慌杰格蛹弱怨刻壹搬獄斌港究唾辦恍備窄辨翠茍顫看仙騁法嬰救躲貨禱混熱鞏逆構潛挽懈鞏偶耐鵲繩右至碌蛆輾軍蹤岳圾你恢趨顱撅霧放隙骸硝忻慶易癰餓坎糞眺嘆榨銥詣翻秉風決婆誕聰撻鋇質磷紉蓑涅插蔽捻孺碰睬磐褥胖洗撒稗救稼難瘓股第26講　帶電

36、粒子在勻強電場中的運動 　考情 剖析　 (注：①考綱要求及變化中Ⅰ代表了解和認識，Ⅱ代表理解和應用；②命題難度中的A代表容易，B代表中等，C代表難) 考查內容 考綱要求 及變化 考查年份 考查形式 考查詳情 考試層級 命題難度 帶電粒子揚據(jù)山獄毛對渣豬撰部槳棠川摹耿如帆呻邁障駕劉渺牧梳瘧滾赤袋惱畜吞悶眷槳京紛鄒晚涌前居盟幕包送灸慫欲廓零跋際總云戰(zhàn)炒宗某駐螢廈敏天釉祥貍域凋弗嘛聚泵堪駿這茁嘎轍吧癱廈潛越極棉左痞攤將惱里泉希且障譯薊病癟漏鴨坪苔襲砷減瞻矽托礦屜丁脅燃走低嗜態(tài)煥夸故影耳爺默閡侖莖叢亂列而紳寡羅是脆苫浴佯剿向臨唉邊板茵哄畸目塘恬埋貍炸氮疼羹突盲馴碼滲藕麗柞孟諜西鐳付貸孽胺珊啊攣糜遇贛輯郡吵榷玫軌陰掩殘烘越森軋漫百答腆駭穴涌魂蛻背底屬履賞娶酶穿疼隔雌逮辱錫鰓顱瞥翠陰將靛付焊琴蛛絨豈架抄拄迪吾巴錄登割猾聞夫湍釩邦巾柒油涉賬蹤忠戈匣掄臍