高考物理江蘇專版總復(fù)習(xí)課時(shí)作業(yè)： 十 牛頓第二定律 含解析

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1、課時(shí)作業(yè)課時(shí)作業(yè) 十十牛頓第二定律牛頓第二定律(限時(shí)：45 分鐘)(班級(jí)_姓名_)1. (多選)一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)對(duì)其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點(diǎn)上的力不發(fā)生改變，則()A質(zhì)點(diǎn)速度的方向總是與該恒力的方向相同B質(zhì)點(diǎn)速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C質(zhì)點(diǎn)加速度的方向總是與該恒力的方向相同D質(zhì)點(diǎn)單位時(shí)間內(nèi)速率的變化量總是不變2兩個(gè)質(zhì)量均為 m 的小球，用兩條輕繩連接，處于平衡狀態(tài)，如圖所示現(xiàn)突然迅速剪斷輕繩 OA，讓小球下落，在剪斷輕繩的瞬間，設(shè)小球 A、B 的加速度分別用 a1和 a2表示，則()第 2 題圖Aa1g，a2gBa10，a22gCa1g，a20Da12g，a203如圖所

2、示，光滑水平面上，A、B 兩物體用輕彈簧連接在一起，A、B 的質(zhì)量分別為m1、m2，在拉力 F 作用下，A、B 共同做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 a，某時(shí)刻突然撤去拉力 F，此瞬時(shí) A 和 B 的加速度大小為 a1和 a2，則()第 3 題圖Aa10，a20Ba1a，a2m2m1m2aCa1m1m1m2a，a2m2m1m2aDa1a，a2m1m2a4乘坐“空中纜車”飽覽大自然的美景是旅游者絕妙的選擇若某一纜車沿著坡度為30的山坡以加速度 a 上行，如圖所示在纜車中放一個(gè)與山坡表面平行的斜面，斜面上放一個(gè)質(zhì)量為 m 的小物塊，小物塊相對(duì)斜面靜止(設(shè)纜車保持豎直狀態(tài)運(yùn)行)則()第 4 題圖A小物

3、塊受到的摩擦力方向平行斜面向上B小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向下C小物塊受到的滑動(dòng)摩擦力為12mgmaD小物塊受到的靜摩擦力為 ma5(多選)如圖所示，質(zhì)量為 M 的三角形木塊 a 放在水平面上，把另一質(zhì)量為 m 的木塊 b放在 a 的斜面上，斜面傾角為，對(duì) a 施一水平力 F，使 b 不沿斜面滑動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，則b 對(duì) a 的壓力大小為()第 5 題圖A.mgcosB.MgcosC.FM（Mm）cosD.FM（Mm）sin6(多選)兩實(shí)心小球甲和乙由同一種材料制成，甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量兩球在空氣中由靜止下落，假設(shè)它們運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力與球的半徑成正比，與球的速率無關(guān)若它們下落相同的距離，則

4、()A甲球用的時(shí)間比乙球長B甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功7在遙控直升機(jī)下面用輕繩懸掛質(zhì)量為 m 的攝像機(jī)可以拍攝學(xué)生在操場(chǎng)上的跑操情況開始時(shí)遙控直升機(jī)懸停在 C 點(diǎn)正上方若遙控直升機(jī)從 C 點(diǎn)正上方運(yùn)動(dòng)到 D 點(diǎn)正上方經(jīng)歷的時(shí)間為 t，已知 C、D 之間距離為 L，直升機(jī)的質(zhì)量為 M，直升機(jī)的運(yùn)動(dòng)視作水平方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng) 在拍攝過程中懸掛攝像機(jī)的輕繩與豎直方向的夾角始終為， 重力加速度為 g，假設(shè)空氣對(duì)攝像機(jī)的作用力始終水平，則()第 7 題圖A輕繩的拉力 FTmgcosB遙控直升機(jī)加速度 agtanC

5、遙控直升機(jī)所受的合外力為 F合2mLt2D這段時(shí)間內(nèi)空氣對(duì)攝像機(jī)作用力的大小為 Fm(gtan2Lt2)8將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比，下列描繪皮球在上升過程中加速度大小 a 與時(shí)間 t 關(guān)系圖象，可能正確的是()9如圖所示，A、B、C 三球的質(zhì)量均為 m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端，另一端與 A球相連，A、B 間用一個(gè)輕桿連接，B、C 間由一輕質(zhì)細(xì)線連接傾角為的光滑斜面固定在地面上，彈簧、輕桿與細(xì)線均平行于斜面，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，在細(xì)線被燒斷后瞬間，下列說法正確的是()第 9 題圖AB 球的受力情況未變，加速度為零BA、B 兩個(gè)小球的加速度均沿斜面向

6、上，大小均為12gsinCA、B 之間桿的拉力大小為 2mgsinDC 球的加速度沿斜面向下，大小為 2gsin10一皮帶傳送裝置如圖所示，皮帶的速度 v 足夠大，輕彈簧一端固定，另一端連接一個(gè)質(zhì)量為 m 的滑塊，已知滑塊與皮帶之間存在摩擦，當(dāng)滑塊放在皮帶上時(shí)，彈簧的軸線恰好水平，若滑塊放到皮帶上的瞬間，滑塊的速度為零，且彈簧正好處于自然長度，則當(dāng)彈簧從自然長度到第一次達(dá)到最長這一過程中，滑塊的速度和加速度的變化情況是()第 10 題圖A速度增大，加速度增大B速度增大，加速度減小C速度先增大后減小，加速度先增大后減小D速度先增大后減小，加速度先減小后增大11如圖所示，粗糙的地面上放著一個(gè)質(zhì)量

7、M1.5 kg 的斜面，斜面部分光滑，底面與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，傾角37，在固定在斜面的擋板上用輕質(zhì)彈簧連接一質(zhì)量 m0.5 kg 的小球，彈簧勁度系數(shù) k200 N/m，現(xiàn)給斜面施加一水平向右的恒力 F 的作用，使整體向右以 a1 m/s2的加速度勻加速運(yùn)動(dòng)(已知 sin 370.6、cos 3708，g10 m/s2)(1)求 F 的大?。?2)求出彈簧的形變量及斜面對(duì)小球的支持力大小第 11 題圖課時(shí)作業(yè)(十)牛頓第二定律1BC【解析】質(zhì)點(diǎn)一開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，施加恒力后，則該質(zhì)點(diǎn)所受的合外力為該恒力若該恒力方向與質(zhì)點(diǎn)原運(yùn)動(dòng)方向不共線，則質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)速度方向與恒

8、力方向不同，故 A 錯(cuò)；若 F 的方向某一時(shí)刻與質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向垂直，之后質(zhì)點(diǎn)作曲線運(yùn)動(dòng)，力與速度方向不再垂直，例如平拋運(yùn)動(dòng)，故 B 正確；由牛頓第二定律可知，質(zhì)點(diǎn)加速度方向總是與其所受合外力方向相同，C 正確；根據(jù)加速度的定義，相等時(shí)間內(nèi)速度變化量相同，而速率變化量不一定相同，故 D 錯(cuò)2A【解析】由于繩子張力可以突變，故剪斷 OA 后小球 A、B 只受重力，其加速度 a1a2g.故選項(xiàng) A 正確3D【解析】撤去拉力 F 的瞬間，物體 A 的受力不變，所以 a1a，對(duì)物體 A 受力分析得：F彈m1a；撤去拉力 F 的瞬間，物體 B 受到的合力大小為 F彈m2a2，所以 a2m1am2，故選項(xiàng) D

9、 正確4A【解析】小物塊相對(duì)斜面靜止，因此小物塊與斜面間的摩擦力是靜摩擦力纜車以加速度 a 上行，小物塊的加速度也為 a，以物塊為研究對(duì)象，則有 Ffmgsin30ma，F(xiàn)f12mgma，方向平行斜面向上，故 A 正確，BCD 均錯(cuò)誤5AD【解析】以 b 木塊為研究對(duì)象，b 與 a 不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，b 的加速度水平向左，分析受力如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：a 對(duì) b 的支持力為：Nmgcos，由牛頓第三定律得：b 對(duì) a 的壓力大小為：NNmgcos.故 A 正確，B 錯(cuò)誤以 ab 整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得加速度為：aFMm，對(duì) b 研究得有：NmasinFM(Mm)sin，故 C 錯(cuò)

10、誤，D 正確第 5 題圖6BD【解析】小球的質(zhì)量 m43r3，由題意知 m甲m乙，甲乙，則 r甲r乙空氣阻力 fkr， 對(duì)小球由牛頓第二定律得， mgfma， 則 amgfmgkr34r3g4k3r2，可得 a甲a乙，由 h12at2知，t甲v乙，故選項(xiàng) B 正確；因 f甲f乙，由球克服阻力做功 Wff h 知，甲球克服阻力做功較大，選項(xiàng) D 正確7D【解析】對(duì)攝像機(jī)受力分析，輕繩拉力 FT在豎直方向的分力和重力 mg 平衡，由 FTcosmg，解得 FTmgcos，A 錯(cuò)誤；由 L12at2，解得 a2Lt2，B 錯(cuò)誤；遙控直升機(jī)所受的合外力為 F合Ma2MLt2，C 錯(cuò)誤；設(shè)空氣對(duì)攝像機(jī)的

11、作用力為 F，則有 FTsinFma，解得 Fm(gtan2Lt2)，D 正確8C【解析】加速度 agkvm，隨著 v 的減小，a 減小，但最后不等于 0. 加速度越小，速度減小得越慢，所以選 C.9B【解析】細(xì)線燒斷前，ABC 作為一個(gè)整體，沿斜面方向受力分析得彈簧彈力F3mgsin，對(duì) C 受力分析，沿斜面方向細(xì)線拉力 FTmgsin，細(xì)線燒斷瞬間，彈簧形變量不會(huì)變化，彈力不變，對(duì) C 受力分析，沒有細(xì)線拉力，mgsinma1，加速度 a1gsin，選項(xiàng) D 錯(cuò)誤；A、B 之間由輕桿連接，相對(duì)靜止，對(duì) AB 整體受力分析可得 F2mgsin2ma2，合力沿斜面向上，得 a212gsin，選

12、項(xiàng) A 錯(cuò)誤，B 正確；對(duì) B 受力分析，斜面方向受輕桿的彈力和重力沿斜面向下的分力， 輕桿彈力 FTmgsinma212mgsin， 得輕桿彈力 FT32mgsin，選項(xiàng) C 錯(cuò)誤10D【解析】滑塊在水平方向受向左的滑動(dòng)摩擦力 Ff和彈簧向右的拉力 F拉kx，合力 F合FfF拉ma，當(dāng)彈簧從自然長度到第一次達(dá)最長這一過程中，x 逐漸增大，拉力F拉逐漸增大，因?yàn)槠У乃俣?v 足夠大，所以合力 F合先減小后反向增大，從而加速度 a先減小后反向增大；滑動(dòng)摩擦力與彈簧彈力相等之前，加速度與速度同向，滑動(dòng)摩擦力與彈簧拉力相等之后，加速度便與速度方向相反，故滑塊的速度先增大，后減小11(1)6 N(2)0.017 m3.7 N【解析】(1)整體以 a 勻加速向右運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體應(yīng)用牛頓第二定律：F(Mm)g(Mm)a 得 F6 N(2)設(shè)彈簧的形變量為 x，斜面對(duì)小球的支持力為 FN，對(duì)小球受力分析：在水平方向：kxcosFNsinma在豎直方向：kxsinFNcosmg解得：x0.017 mFN3.7 N.