《（江蘇專版）2020版高考物理一輪復習 課時跟蹤檢測（十二）拋體運動（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江蘇專版）2020版高考物理一輪復習 課時跟蹤檢測（十二）拋體運動（含解析）.doc（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
課時跟蹤檢測（十二） 拋體運動
對點訓練：拋體運動的基本規(guī)律
1．[多選]關于平拋運動，下列說法正確的是( )
A．由t＝可知，物體平拋的初速度越大，飛行時間越短
B．由t＝可知，物體下落的高度越大，飛行時間越長
C．任意連續(xù)相等的時間內，物體下落高度之比為1∶3∶5…
D．任意連續(xù)相等的時間內，物體運動速度的改變量相等
解析：選BD 平拋運動的時間由高度決定，由h＝gt2得t＝ ，知高度越大，時間越長，與初速度無關，A錯誤，B正確；豎直方向上做自由落體運動，只有從開始下降連續(xù)相等時間內的位移之比才為1∶3∶5…，C錯誤；因為平拋運動的加速度不變，則任意相等時間內速度的變化量相等，D正確。
2．[多選](2019如皋調研)如圖所示，在某場足球比賽中，曲線1、2、3分別是由同一點踢出的足球的飛行路徑，忽略空氣的影響，下列說法正確的是( )
A．沿路徑1飛行的足球的落地速率最大
B．沿路徑2飛行的足球的初速度的水平分量最大
C．沿這三條路徑飛行的足球運動時間均相等
D．沿這三條路徑飛行的足球在相同的時間內的速度變化量相同
解析：選CD 設任一足球的初速度大小為v0，初速度的豎直分量為vy，水平分量為vx，初速度與水平方向的夾角為α，上升的最大高度為h，運動時間為t，落地速度大小為v＝v0；取豎直向上為正方向，足球在豎直方向上做勻減速直線運動，加速度a＝－g，在水平方向上做勻速直線運動，故足球做勻變速運動；由0－vy2＝－2gh得：vy＝，由題可知上升最大高度h相等，則vy1＝vy2＝vy3；由vy＝v0sin α可知v0＝，vx＝v0cos α＝vycot α，α越小，初速度v0越大，水平分速度vx越大，由α1>α2>α3可得v01
Δt2，s1>s2 B．Δt1>Δt2，s1s2 D．Δt1<Δt2，s1Δt2，同理可知，由于炸彈和飛機水平方向的速度相同，時間越小，飛行的距離越小，所以s1>s2，故A正確。
8．[多選]如圖所示，一固定斜面傾角為θ，將小球A從斜面頂端以速率v0水平向右拋出，擊中了斜面上的P點。將小球B從空中某點以相同速率v0水平向左拋出，恰好垂直斜面擊中Q點。不計空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是( )
A．若小球A在擊中P點時速度方向與水平方向所夾銳角為φ，則tan θ＝2tan φ
B．若小球A在擊中P點時速度方向與水平方向所夾銳角為φ，則tan φ＝2tan θ
C．小球A、B在空中運動的時間之比為2tan2θ∶1
D．小球A、B在空中運動的時間之比為tan2θ∶1
解析：選BC 對于小球A，有tan θ＝＝＝，得t＝，tan φ＝＝，則有tan φ＝2tan θ，故A錯誤，B正確；對于小球B，tan θ＝＝，得t′＝，所以小球A、B在空中運動的時間之比為t∶t′＝2tan2 θ∶1，故C正確，D錯誤。
9.如圖所示，某一運動員從弧形雪坡上沿水平方向飛出后，又落回到斜面雪坡上。若斜面雪坡的傾角為θ，飛出時的速度大小為v0，不計空氣阻力，運動員飛出后在空中的姿勢保持不變，重力加速度為g，則( )
A．如果v0不同，則該運動員落到斜面雪坡時的速度方向也就不同
B．不論v0多大，該運動員落到斜面雪坡時的速度方向都是相同的
C．運動員落到斜面雪坡時的速度大小是
D．運動員在空中經歷的時間是
解析：選B 設運動員在空中飛行時間為t，運動員在豎直方向做自由落體運動，水平方向做勻速直線運動，運動員豎直位移與水平位移之比：＝＝tan θ，則飛行的時間t＝，故D錯誤；豎直方向的速度大小為：vy＝gt＝2v0tan θ，運動員落回斜面雪坡時的速度大小為：v＝＝v0，故C錯誤；設運動員落到斜面雪坡時的速度方向與水平方向夾角為α，則tan α＝＝2tan θ，由此可知，運動員落到斜面雪坡時的速度方向與初速度大小無關，初速度不同，運動員落到斜面雪坡時的速度方向相同，故A錯誤，B正確。
考點綜合訓練
10.[多選](2019徐州模擬)如圖所示，鏈球上面裝有鏈子和把手。運動員兩手握著鏈球的把手，人和球同時快速旋轉，最后運動員松開把手，鏈球沿斜向上方向飛出。不計空氣阻力。關于鏈球的運動，下列說法正確的有( )
A．鏈球脫手后做勻變速曲線運動
B．鏈球脫手時沿金屬鏈方向飛出
C．鏈球拋出角度一定時，脫手時的速率越大，則飛得越遠
D．鏈球脫手時的速率一定時，拋出角度越小，一定飛得越遠
解析：選AC 鏈球脫手后，將沿著鏈球速度方向飛出，做斜上拋運動，只受重力作用，加速度為g，保持不變，故鏈球做勻變速曲線運動，故A正確，B錯誤；設鏈球脫手時的速率為v，拋出的角度為θ，則豎直方向上有vy＝vsin θ，運動時間t＝＝，水平方向上有x＝vcos θt＝＝，當鏈球拋出角度θ一定時，脫手時的速率越大，則飛得越遠；當鏈球脫手時的速率v一定時，由公式可知當θ＝45時x最大，即飛得最遠，故C正確，D錯誤。
11.(2019如東月考)如圖所示，傾角為37的斜面長l＝1.9 m，在斜面底端正上方的O點將一小球以速度v0＝3 m/s 水平拋出，與此同時在頂端由靜止釋放小滑塊，經過一段時間后，小球恰好能夠以垂直斜面的方向擊中滑塊(小球和滑塊均視為質點，重力加速度g＝10 m/s2，sin 37＝0.6, cos 37＝0.8)。求：
(1)拋出點O離斜面底端的高度；
(2)滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ。
解析：(1)設小球擊中滑塊的速度為v，豎直分速度為vy，由幾何關系可知＝tan 37
設小球下落的時間為t，小球在豎直方向vy＝gt
由以上兩式解得t＝0.4 s
設豎直位移為y，水平位移為x，由平拋運動的規(guī)律得
x＝v0t y＝gt2
設拋出點O到斜面最低點的距離為h，有幾何關系得
h＝y(tǒng)＋xtan 37
解得h＝1.7 m。
(2)在時間t內，滑塊的位移為s，由幾何關系得
s＝l－
設滑塊的加速度為a，由運動學公式得
s＝at2
對滑塊由牛頓第二定律得
mgsin 37－μmgcos 37＝ma
聯(lián)立解得μ＝0.125。
答案：(1)1.7 m (2)0.125
12．(2018宿遷模擬)如圖所示，練習雪道由傾斜部分AB段和水平部分BC段組成，其中傾斜雪道的傾角θ＝45，A處離水平地面的高度H＝5 m。運動員每次練習時在A處都沿水平方向飛出，不計空氣阻力。取g＝10 m/s2。
(1)求運動員在空中運動的最長時間tm。
(2)運動員要落在AB段，求其在A處飛出時的最大速度vm大小。
(3)運動員在A處飛出的速度為v，當其落到BC段時，速度方向與豎直方向的夾角為α，試通過計算在圖2中畫出tan αv圖像。
解析：(1)運動員在空中運動的最長時間對應運動員下落的高度H＝5 m，
根據(jù)H＝gt2得，
tm＝ ＝ s＝1 s。
(2)若運動員落在斜面上，速度最大時恰好落在B點，由于θ＝45，則運動員的水平位移：x＝H＝5 m
則運動員在A處飛出時的最大初速度：
vm＝＝ m/s＝5 m/s。
(3) 運動員到達BC段時，下落的時間是1 s，則落地時豎直方向的分速度：
(4) vy＝gtm＝101 m/s＝10 m/s
運動員到達BC段的過程中水平方向的分速度不變，到達B點的水平方向的分速度為
5 m/s，所以到達B點時速度方向與豎直方向的夾角滿足：tan α＝＝＝
在BC段：tan α＝＝v
所以畫出tan αv圖像如圖所示。
答案：(1)1 s (2)5 m/s (3)見解析圖
（江蘇專版）2020版高考物理一輪復習 課時跟蹤檢測（十二）拋體運動（含解析）.doc
裝配圖網所有資源均是用戶自行上傳分享，僅供網友學習交流，未經上傳用戶書面授權，請勿作他用。
鏈接地址：http://italysoccerbets.com/p-6333037.html