3、B|，|BF2|成等差數(shù)列，則|AB|的長(zhǎng)為( )
A. B．1 C. D.
8．已知橢圓C1：＋＝1(a>b>0)與雙曲線C2：x2－＝1有公共的焦點(diǎn)，C2的一條漸近線與以C1的長(zhǎng)軸為直徑的圓相交于A，B兩點(diǎn)．若C1恰好將線段AB三等分，則( )
A．a(chǎn)2＝13 B．a(chǎn)2＝ C．b2＝2 D．b2＝
9．已知焦點(diǎn)在x軸上的雙曲線的漸近線方程是y＝±4x，則該雙曲線的離心率為_(kāi)_______．
10．短軸長(zhǎng)為，離心率e＝的橢圓的兩焦點(diǎn)為F1，F(xiàn)2，過(guò)F1作直線交橢圓于A，B兩點(diǎn)，則△ABF2的周長(zhǎng)為_(kāi)_______．
11．F是拋物線x2＝2y的焦點(diǎn)，A，B是拋物線
4、上的兩點(diǎn)，|AF|＋|BF|＝6，則線段AB的中點(diǎn)到y(tǒng)軸的距離為_(kāi)_______．
12．已知點(diǎn)F(1，0)，直線l：x＝－1，動(dòng)點(diǎn)P到點(diǎn)F的距離等于它到直線l的距離．
(1)試判斷點(diǎn)P的軌跡C的形狀，并寫(xiě)出其方程；
(2)是否存在過(guò)N(4，2)的直線m，使得直線m被截得的弦AB恰好被點(diǎn)N所平分？
13．已知橢圓＋＝1(a>b>0)的離心率為，橢圓上任意一點(diǎn)到右焦點(diǎn)F的距離的最大值為＋1.
(1)求橢圓的方程；
(2)已知點(diǎn)C(m，0)是線段OF上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)(O為坐標(biāo)原點(diǎn))，是否存在過(guò)點(diǎn)F且與x軸不垂直的直線l與橢圓交于A，B點(diǎn)，使|AC|＝|BC|，并說(shuō)明理由．
5、
14．如圖15－1，已知橢圓＋＝1(a>b>0)的長(zhǎng)軸為AB，過(guò)點(diǎn)B的直線l與x軸垂直，直線(2－k)x－(1＋2k)y＋(1＋2k)＝0(k∈R)所經(jīng)過(guò)的定點(diǎn)恰好是橢圓的一個(gè)頂點(diǎn)，且橢圓的離心率e＝.
(1)求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程；
(2)設(shè)P是橢圓上異于A，B的任意一點(diǎn)，PH⊥x軸，H為垂足，延長(zhǎng)HP到點(diǎn)Q使得HP＝PQ，連接AQ并延長(zhǎng)交直線l于點(diǎn)M，N為MB的中點(diǎn)．試判斷直線QN與以AB為直徑的圓O的位置關(guān)系．
專題限時(shí)集訓(xùn)(十五)
【基礎(chǔ)演練】
1．C [解析] 拋物線的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(3，0)，所以m2＋5＝9，
6、解得m＝2，所以雙曲線的離心率為.
2．D [解析] 當(dāng)焦點(diǎn)在x軸上時(shí)，＝，解得m＝3；當(dāng)焦點(diǎn)在y軸上時(shí)，＝，解得m＝.
3．B [解析] 方法1：根據(jù)已知得點(diǎn)M的軌跡方程為x2＋y2＝3，與雙曲線方程聯(lián)立消掉x得y2＝，解得|y|＝，即為點(diǎn)M到x軸的距離．
方法2：設(shè)||＝m，||＝n，由得m·n＝4，
由S△F1MF2＝m·n＝|F1F2|·d，解得d＝.故選B.
4．D [解析] 設(shè)點(diǎn)A(x1，y1)，B(x2，y2)．因?yàn)锳，B兩點(diǎn)到直線x＝－2的距離之和等于5，所以x1＋2＋x2＋2＝5.所以x1＋x2＝1.由拋物線的定義得|AB|＝x1＋1＋x2＋1＝3.而過(guò)拋物線焦點(diǎn)弦
7、的最小值(當(dāng)弦AB⊥x軸時(shí)，是最小焦點(diǎn)弦)為4，所以不存在滿足條件的直線．
【提升訓(xùn)練】
5．D [解析] 設(shè)P(x0，y0)，則·＝－，化簡(jiǎn)得
＋＝1，可以判斷＝，e＝＝＝.
6．A [解析] 根據(jù)·＝0，tan∠PF1F2＝2，可得△PF1F2為直角三角形且|PF2|＝2|PF1|，根據(jù)雙曲線定義得|PF2|－|PF1|＝2a，由此得|PF1|＝2a，|PF2|＝4a，根據(jù)勾股定理(2a)2＋(4a)2＝(2c)2，由此得＝5，即e＝.
7．C [解析] 根據(jù)橢圓定義|AF1|＋|AF2|＝2a＝2，|BF1|＋|BF2|＝2a＝2，兩式相加得|AF1|＋|AF2|＋|BF1|＋
8、|BF2|＝4，即(|AF1|＋|BF1|)＋(|AF2|＋|BF2|)＝4，而|AF1|＋|BF1|＝|AB|，|AF2|＋|BF2|＝2|AB|，所以3|AB|＝4，即|AB|＝.
8．D [解析] 因?yàn)闄E圓C1：＋＝1(a>b>0)與雙曲線C2：x2－＝1有公共的焦點(diǎn)，所以c2＝5，a2＝b2＋5；取C2的一條漸近線l：y＝2x，設(shè)l與C1的交點(diǎn)為M，N，聯(lián)立得(4a2＋b2)x2－a2b2＝0，則|MN|＝·，
因?yàn)镃1恰好將線段AB三等分，所以|MN|＝，所以＝＝，a2＝，b2＝.
9. [解析] 因?yàn)榻裹c(diǎn)在x軸上的雙曲線的漸近線方程是y＝±4x，所以b＝4a，c2＝17a2，
9、e＝.
10．6 [解析] 由題知即解得
由橢圓的定義知△ABF2的周長(zhǎng)為4a＝4×＝6.
11. [解析] |AF|＋|BF|＝6，由拋物線的定義即|AD|＋|BE|＝6，又線段AB的中點(diǎn)到準(zhǔn)線的距離為(|AD|＋|BE|)＝3，拋物線的準(zhǔn)線為y＝－，所以線段AB的中點(diǎn)到y(tǒng)軸的距離為.
12．解：(1)因點(diǎn)P到點(diǎn)F的距離等于它到直線l的距離，所以點(diǎn)P的軌跡C是以F為焦點(diǎn)，直線x＝－1為準(zhǔn)線的拋物線，其方程為y2＝4x.
(2)方法1：假設(shè)存在滿足題設(shè)的直線m.設(shè)直線m與軌跡C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，
依題意，得
①當(dāng)直線m的斜率不存在時(shí)，不合題意．
②當(dāng)直
10、線m的斜率存在時(shí)，設(shè)直線m的方程為y－2＝k(x－4)，
聯(lián)立方程組
消去y，得k2x2－(8k2－4k＋4)x＋(2－4k)2＝0，(*)
∴x1＋x2＝＝8，解得k＝1.
此時(shí)，方程(*)為x2－8x＋4＝0，其判別式大于零，
∴存在滿足題設(shè)的直線m.
且直線m的方程為：y－2＝x－4，即x－y－2＝0.
方法2：假設(shè)存在滿足題設(shè)的直線m.設(shè)直線m與軌跡C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，
依題意，得
易判斷直線m不可能垂直于y軸，
∴設(shè)直線m的方程為x－4＝a(y－2)，
聯(lián)立方程組
消去x，得y2－4ay＋8a－16＝0，
∵Δ＝16(a－1)2＋48>
11、0，
∴直線與軌跡C必相交．
又y1＋y2＝4a＝4，∴a＝1.
∴存在滿足題設(shè)的直線m，
且直線m的方程為：y－2＝x－4，即x－y－2＝0.
方法3：假設(shè)存在滿足題設(shè)的直線m.設(shè)直線m與軌跡C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，
依題意，得
∵A(x1，y1)，B(x2，y2)在軌跡C上，
∴有將①－②，得y－y＝4(x1－x2)．
當(dāng)x1＝x2時(shí)，弦AB的中點(diǎn)不是N，不合題意，
∴＝＝1，即直線AB的斜率k＝1，
注意到點(diǎn)N在曲線C的張口內(nèi)(或：經(jīng)檢驗(yàn)，直線m與軌跡C相交)，
∴存在滿足題設(shè)的直線m，且直線m的方程為：y－2＝x－4，即x－y－2＝0.
13
12、．解：(1)因?yàn)樗浴郻＝1，
橢圓方程為：＋y2＝1.
(2)由(1)得F(1，0)，所以0≤m≤1，假設(shè)存在滿足題意的直線l，設(shè)l的方程為y＝k(x－1)，
代入＋y2＝1，得(2k2＋1)x2－4k2x＋2k2－2＝0，
設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則x1＋x2＝，x1x2＝，①
∴y1＋y2＝k(x1＋x2－2)＝，
設(shè)AB的中點(diǎn)為M，則M，－，
∵|AC|＝|BC|，∴CM⊥AB，即kCM·kAB＝－1，
∴·k＝－1?(1－2m)k2＝m，
∴當(dāng)0≤m<時(shí)，k＝±，即存在這樣的直線l；
當(dāng)≤m≤1，k不存在，即不存在這樣的直線l.
14．解：(1)將
13、(2－k)x－(1＋2k)y＋(1＋2k)＝0整理得(－x－2y＋2)k＋2x－y＋1＝0，
解方程組得直線所經(jīng)過(guò)的定點(diǎn)(0，1)，所以b＝1.
由離心率e＝得a＝2.
所以橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋y2＝1.
(2)法一：設(shè)P(x0，y0)，x0≠±2, 則＋y＝1，
∵HP＝PQ，∴Q(x0，2y0)．∴OQ＝＝2.
∴Q點(diǎn)在以O(shè)為圓心，2為半徑的圓上，即Q點(diǎn)在以AB為直徑的圓O上．
又A(－2，0)，∴直線AQ的方程為y＝(x＋2)．
令x＝2，得M2，.又B(2，0)，N為MB的中點(diǎn)，
∴N2，.
∴＝(x0，2y0)，＝x0－2，.
∴·＝x0(x0－2)＋2y0·＝x0(x0－2)＋＝x0(x0－2)＋＝x0(x0－2)＋x0(2－x0)＝0.
∴⊥.∴直線QN與圓O相切．
法二：設(shè)P(x0，y0)，同法一求得Q(x0，2y0)，N.
于是可求得直線NQ的方程為：x0x＋2y0y－4＝0，原點(diǎn)O到直線NQ的距離為：d＝＝2，
所以直線QN與圓O相切．
（湖南專用）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)（十五）配套作業(yè) 理
