（課標(biāo)通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 第5講 第1課時(shí) 橢圓及其性質(zhì)檢測 文

《（課標(biāo)通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 第5講 第1課時(shí) 橢圓及其性質(zhì)檢測 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（課標(biāo)通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 第5講 第1課時(shí) 橢圓及其性質(zhì)檢測 文（7頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第5講 第1課時(shí) 橢圓及其性質(zhì) [基礎(chǔ)題組練] 1．已知正數(shù)m是2和8的等比中項(xiàng)，則圓錐曲線x2＋＝1的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(　　) A．(±，0)　 B．(0，±) C．(±，0)或(±，0) D．(0，±)或(±，0) 解析：選B.因?yàn)檎龜?shù)m是2和8的等比中項(xiàng)，所以m2＝16，即m＝4，所以橢圓x2＋＝1的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(0，±)，故選B. 2．曲線＋＝1與曲線＋＝1(k<144)的(　　) A．長軸長相等 B．短軸長相等 C．離心率相等 D．焦距相等 解析：選D.曲線＋＝1中c2＝169－k－(144－k)＝25，所以c＝5，所以兩曲線的焦距相等． 3．(2019·鄭州市第二次質(zhì)

2、量預(yù)測)已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，離心率為，過F2的直線l交C于A，B兩點(diǎn)，若△AF1B的周長為12，則C的方程為(　　) A.＋y2＝1 B.＋＝1 C.＋＝1 D.＋＝1 解析：選D.由橢圓的定義，知|AF1|＋|AF2|＝2a，|BF1|＋|BF2|＝2a，所以△AF1B的周長為|AF1|＋|AF2|＋|BF1|＋|BF2|＝4a＝12，所以a＝3.因?yàn)闄E圓的離心率e＝＝，所以c＝2，所以b2＝a2－c2＝5，所以橢圓C的方程為＋＝1，故選D. 4．(2019·長春市質(zhì)量檢測(二))已知橢圓＋＝1的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，過F2且垂直于

3、長軸的直線交橢圓于A，B兩點(diǎn)，則△ABF1內(nèi)切圓的半徑為(　　) A. B．1 C. D. 解析：選D.法一：不妨設(shè)A點(diǎn)在B點(diǎn)上方，由題意知：F2(1，0)，將F2的橫坐標(biāo)代入方程＋＝1中，可得A點(diǎn)縱坐標(biāo)為，故|AB|＝3，所以內(nèi)切圓半徑r＝＝＝，其中S為△ABF1的面積，C為△ABF1的周長4a＝8. 法二：由橢圓的通徑公式可得|AB|＝＝3，則S＝2×3×＝3，C＝4a＝8，則r＝＝. 5．若橢圓C：＋＝1(a>b>0)的短軸長等于焦距，則橢圓的離心率為________． 解析：由題意可得b＝c，則b2＝a2－c2＝c2，a＝c，故橢圓的離心率e＝＝. 答案： 6．(201

4、9·貴陽模擬)若橢圓＋＝1(a>b>0)的離心率為，短軸長為4，則橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為________． 解析：由題意可知e＝＝，2b＝4，得b＝2， 所以解得 所以橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1. 答案：＋＝1 7．已知橢圓的長軸長為10，兩焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2的坐標(biāo)分別為(3，0)和(－3，0)． (1)求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程； (2)若P為短軸的一個端點(diǎn)，求△F1PF2的面積． 解：(1)設(shè)橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1(a>b>0)， 依題意得因此a＝5，b＝4， 所以橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1. (2)易知|yP|＝4，又c＝3， 所以S△F1PF2＝|yP|×2c＝×4×6＝12. 8．分別

5、求出滿足下列條件的橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程． (1)與橢圓＋＝1有相同的離心率且經(jīng)過點(diǎn)(2，－)； (2)已知點(diǎn)P在以坐標(biāo)軸為對稱軸的橢圓上，且P到兩焦點(diǎn)的距離分別為5，3，過P且與長軸垂直的直線恰過橢圓的一個焦點(diǎn)． 解：(1)由題意，設(shè)所求橢圓的方程為＋＝t1或＋＝t2(t1，t2＞0)，因?yàn)闄E圓過點(diǎn)(2，－)，所以t1＝＋＝2，或t2＝＋＝. 故所求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1或＋＝1. (2)由于焦點(diǎn)的位置不確定，所以設(shè)所求的橢圓方程為＋＝1(a＞b＞0)或＋＝1(a＞b＞0)， 由已知條件得 解得a＝4，c＝2，所以b2＝12. 故橢圓方程為＋＝1或＋＝1. [綜合題組練] 1．(

6、2019·貴陽市摸底考試)P是橢圓＋＝1(a>b>0)上的一點(diǎn)，A為左頂點(diǎn)，F(xiàn)為右焦點(diǎn)，PF⊥x軸，若tan∠PAF＝，則橢圓的離心率e為(　　) A. B. C. D. 解析：選D.如圖，不妨設(shè)點(diǎn)P在第一象限，因?yàn)镻F⊥x軸，所以xP＝c，將xP＝c代入橢圓方程得yP＝，即|PF|＝，則tan∠PAF＝＝＝，結(jié)合b2＝a2－c2，整理得2c2＋ac－a2＝0，兩邊同時(shí)除以a2得2e2＋e－1＝0，解得e＝或e＝－1(舍去)．故選D. 2．(2019·湖北八校聯(lián)考)如圖，已知橢圓C的中心為原點(diǎn)O，F(xiàn)(－5，0)為橢圓C的左焦點(diǎn)，P為橢圓C上一點(diǎn)，滿足|OP|＝|OF|且|PF|＝6

7、，則橢圓C的方程為(　　) A.＋＝1 B.＋＝1 C.＋＝1 D.＋＝1 解析：選C.由題意知，c＝5，設(shè)右焦點(diǎn)為F′，連接PF′，由|OP|＝|OF|＝|OF′|知，∠PFF′＝∠FPO，∠OF′P＝∠OPF′，所以∠PFF′＋∠OF′P＝∠FPO＋∠OPF′，所以∠FPO＋∠OPF′＝90°，即PF⊥PF′.在Rt△PFF′中，由勾股定理得|PF′|＝＝8，又|PF|＋|PF′|＝2a＝6＋8＝14，所以a＝7，所以b2＝a2－c2＝24，所以橢圓C的方程為＋＝1，故選C. 3．(綜合型)已知△ABC的頂點(diǎn)A(－3，0)和頂點(diǎn)B(3，0)，頂點(diǎn)C在橢圓＋＝1上，則＝___

8、_____． 解析：由橢圓方程知a＝5，b＝4，所以c＝＝3，所以A，B為橢圓的焦點(diǎn)．因?yàn)辄c(diǎn)C在橢圓上，所以|AC|＋|BC|＝2a＝10，|AB|＝2c＝6.所以＝＝＝3. 答案：3 4．已知橢圓方程為＋＝1(a>b>0)，A，B分別是橢圓長軸的兩個端點(diǎn)，M，N是橢圓上關(guān)于x軸對稱的兩點(diǎn)，直線AM，BN的斜率分別為k1，k2，若|k1·k2|＝，則橢圓的離心率為________． 解析：設(shè)M(x0，y0)，則N(x0，－y0)，|k1·k2|＝＝＝＝＝， 從而e＝＝. 答案： 5．(2019·蘭州市診斷考試)已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)經(jīng)過點(diǎn)(，1)，且離心率為. (1)

9、求橢圓C的方程； (2)設(shè)M，N是橢圓上的點(diǎn)，直線OM與ON(O為坐標(biāo)原點(diǎn))的斜率之積為－.若動點(diǎn)P滿足＝＋2，求點(diǎn)P的軌跡方程． 解：(1)因?yàn)閑＝，所以＝， 又橢圓C經(jīng)過點(diǎn)(，1)，所以＋＝1， 解得a2＝4，b2＝2， 所以橢圓C的方程為＋＝1. (2)設(shè)P(x，y)，M(x1，y1)，N(x2，y2)，則由＝＋2得x＝x1＋2x2，y＝y(tǒng)1＋2y2， 因?yàn)辄c(diǎn)M，N在橢圓＋＝1上， 所以x＋2y＝4，x＋2y＝4， 故x2＋2y2＝(x＋4x1x2＋4x)＋2(y＋4y1y2＋4y)＝(x＋2y)＋4(x＋2y)＋4(x1x2＋2y1y2)＝20＋4(x1x2＋2y1y

10、2)． 設(shè)kOM，kON分別為直線OM與ON的斜率，由題意知， kOM·kON＝＝－，因此x1x2＋2y1y2＝0， 所以x2＋2y2＝20， 故點(diǎn)P的軌跡方程為＋＝1. 6．(綜合型)已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)的離心率為，點(diǎn)M(2，1)在橢圓C上． (1)求橢圓C的方程； (2)直線l平行于OM，且與橢圓C交于A，B兩個不同的點(diǎn)．若∠AOB為鈍角，求直線l在y軸上的截距m的取值范圍． 解：(1)依題意有解得 故橢圓C的方程為＋＝1. (2)由直線l平行于OM，得直線l的斜率k＝kOM＝， 又l在y軸上的截距為m，所以l的方程為y＝x＋m. 由得x2＋2mx＋2m2－4＝0. 因?yàn)橹本€l與橢圓C交于A，B兩個不同的點(diǎn)， 所以Δ＝(2m)2－4(2m2－4)>0， 解得－2