《2020屆高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第二單元 函數(shù) 第8講 二次函數(shù)練習(xí) 理（含解析）新人教A版》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第二單元 函數(shù) 第8講 二次函數(shù)練習(xí) 理（含解析）新人教A版（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、第8講 二次函數(shù)
1．已知a>0，函數(shù)f(x)＝ax2＋bx＋c，若x0滿(mǎn)足關(guān)于x的方程2ax＋b＝0，則下列選項(xiàng)的命題中為假命題的是(C)
A．?x∈R，f(x)≤f(x0) B．?x∈R，f(x)≥f(x0)
C．?x∈R，f(x)≤f(x0) D．?x∈R，f(x)≥f(x0)
函數(shù)f(x)的最小值是f(－)＝f(x0)，等價(jià)于?x∈R，f(x)≥f(x0)，所以C錯(cuò)誤．
2．設(shè)abc>0，二次函數(shù)f(x)＝ax2＋bx＋c的圖象可能是(D)
(方法1)對(duì)于A選項(xiàng)，因?yàn)閍<0，－<0，所以b<0，又因?yàn)閍bc>0，所以c>0，由圖知f(0)＝c<0，矛盾，
2、故A錯(cuò)．
對(duì)于B選項(xiàng)，因?yàn)閍<0，－>0，所以b>0，又因?yàn)閍bc>0，所以c<0，由圖知f(0)＝c>0，矛盾，故B錯(cuò)．
對(duì)于C選項(xiàng)，因?yàn)閍>0，－<0，所以b>0，又因?yàn)閍bc>0，所以c>0，由圖知f(0)＝c<0，矛盾，故C錯(cuò)．
故排除A，B，C，選D.
(方法2)當(dāng)a>0時(shí)，b，c同號(hào)，C，D兩圖中c<0，故b<0，
所以－>0，選D.
3. (2018·皖北聯(lián)考)已知二次函數(shù)f(x)＝－x2＋2ax＋1－a在x∈[0，1]上有最大值2，則a的值為(D)
A．2 B．－1或－3
C．2或－3 D．－1或2
因?yàn)閒(x)＝－(x－a)2＋a2－a＋1，
所以f
3、(x)的圖象是開(kāi)口向下，對(duì)稱(chēng)軸是x＝a的拋物線(xiàn)，
(1)當(dāng)a<0時(shí)，對(duì)稱(chēng)軸x＝a在區(qū)間[0，1]的左邊，f(x)在[0，1]上單調(diào)遞減，
所以f(x)max＝f(0)＝1－a＝2，解得a＝－1.
(2)當(dāng)0≤a≤1時(shí)，對(duì)稱(chēng)軸x＝a∈[0，1]，
f(x)在[0，a]上單調(diào)遞增，在[a，1]上單調(diào)遞減，
所以f(x)max＝f(a)＝a2－a＋1＝2，無(wú)解．
(3)當(dāng)a>1時(shí)，對(duì)稱(chēng)軸x＝a在區(qū)間[0，1]的右邊，f(x)在[0，1]上單調(diào)遞增，
所以f(x)max＝f(1)＝a＝2，有a＝2.
綜上可知，a＝－1或a＝2.
4．(2017·浙江卷)若函數(shù)f(x)＝x2＋ax
4、＋b在區(qū)間[0,1]上的最大值是M，最小值是m，則M－m(B)
A．與a有關(guān)，且與b有關(guān) B．與a有關(guān)，但與b無(wú)關(guān)
C．與a無(wú)關(guān)，且與b無(wú)關(guān) D．與a無(wú)關(guān)，但與b有關(guān)
（方法1）設(shè)x1，x2分別是函數(shù)f(x)在[0,1]上的最小值點(diǎn)與最大值點(diǎn)，則m＝x＋ax1＋b，M＝x＋ax2＋b.
所以M－m＝x－x＋a(x2－x1)，顯然此值與a有關(guān)，與b無(wú)關(guān)．
（方法2）由題意可知，函數(shù)f(x)的二次項(xiàng)系數(shù)為固定值，則二次函數(shù)圖象的形狀一定．隨著b的變動(dòng)，相當(dāng)于圖象上下移動(dòng)，若b增大k個(gè)單位，則最大值與最小值分別變?yōu)镸＋k，m＋k，而(M＋k)－(m＋k)＝M－m，故與b無(wú)關(guān)．隨著a的變
5、動(dòng)，相當(dāng)于圖象左右移動(dòng)，則M－m的值在變化，故與a有關(guān)．
5．函數(shù)f(x)＝2x2－6x＋1在區(qū)間[－1,1]上的最小值是?。? ，最大值是 9 .
因?yàn)閤＝?[－1,1]，f(x)在[－1,1]上單調(diào)遞減，
所以f(x)max＝f(－1)＝9，f(x)min＝f(1)＝－3.
6．設(shè)f(x)＝x2－2ax＋1.
(1)若x∈R時(shí)恒有f(x)≥0，則a的取值范圍是 [－1,1] ；
(2)若f(x)在[－1，＋∞)上遞增，則a的取值范圍是 (－∞，－1]??；
(3)若f(x)的遞增區(qū)間是[1，＋∞)，則a的值是 1 .
(1)由Δ≤0求得，4a2－4≤0，所以a∈[－1,1
6、]．
(2)a≤－1.
(3)由對(duì)稱(chēng)軸x＝1知a＝1.
7．已知f(x)＝ax2－2x(0≤x≤1)，求f(x)的最小值．
(1)當(dāng)a＝0時(shí)，f(x)＝－2x在[0,1]上遞減，
所以f(x)min＝f(1)＝－2.
(2)當(dāng)a>0時(shí)，f(x)＝ax2－2x的圖象開(kāi)口向上，且對(duì)稱(chēng)軸為x＝.
①當(dāng)≤1，即a≥1時(shí)，f(x)＝ax2－2x圖象的對(duì)稱(chēng)軸在[0,1]內(nèi)，所以f(x)在[0，]上遞減，在[，1]上遞增，
所以f(x)min＝f()＝－＝－.
②當(dāng)>1，即0
7、min＝f(1)＝a－2.
(3)當(dāng)a<0時(shí)，f(x)＝ax2－2x的圖象的開(kāi)口向下，且對(duì)稱(chēng)軸x＝<0，在y軸的左側(cè)，
所以f(x)＝ax2－2x在[0,1]上遞減，
所以f(x)min＝f(1)＝a－2.
綜上所述，f(x)min＝
8．若函數(shù)f(x)＝x2－a|x－1|在[0，＋∞)上單調(diào)遞增，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(C)
A．(－∞，2] B．[2，＋∞)
C．[0，2] D．[－2，2]
f(x)＝
當(dāng)x∈[1，＋∞)時(shí)，f(x)＝x2－ax＋a＝(x－)2＋a－，
當(dāng)x∈(－∞，1)時(shí)，f(x)＝x2＋ax－a＝(x＋)2－a－.
①當(dāng)>1，即a>2
8、時(shí)，f(x)在[1，]上單調(diào)遞減，不合題意；
②當(dāng)0≤≤1，即0≤a≤2時(shí)，符合題意；
③當(dāng)<0，即a<0時(shí)，不符合題意．
9．已知函數(shù)f(x)＝x2＋mx－1，若對(duì)于任意x∈[m，m＋1]，都有f(x)<0成立，則實(shí)數(shù)m的取值范圍是 (－，0) .
作出二次函數(shù)f(x)的圖象，對(duì)于任意x∈[m，m＋1]，都有f(x)<0，則有
即解得－
9、數(shù)的定義域是{x|－1≤x≤1}．
因?yàn)閇f(x)]2＝2＋2，且0≤≤1，
所以2≤[f(x)]2≤4，又因?yàn)閒(x)≥0，所以≤f(x)≤2.
即函數(shù)f(x)的值域?yàn)閇，2]．
(2)令f(x)＝t，t∈[，2]，
則t2＝2＋2，所以＝－1，
故F(x)＝m(t2－1)＋t＝mt2＋t－m，t∈[，2]，
令h(t)＝mt2＋t－m，
則函數(shù)h(t)的圖象的對(duì)稱(chēng)軸方程為t＝－.
①當(dāng)m>0時(shí)，－<0，函數(shù)y＝h(t)在區(qū)間[，2]上單調(diào)遞增，
所以g(m)＝h(2)＝m＋2.
②當(dāng)m＝0時(shí)，h(t)＝t，g(m)＝2；
③當(dāng)m<0時(shí)，－>0，若0<－≤，
即m≤－時(shí)，函數(shù)y＝h(t)在區(qū)間[，2]上單調(diào)遞減，
所以g(m)＝h()＝，
若<－≤2，即－2，即－
2020屆高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第二單元 函數(shù) 第8講 二次函數(shù)練習(xí) 理（含解析）新人教A版
