2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練1 函數(shù)與方程思想 文

2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練1 函數(shù)與方程思想 文1.已知橢圓+y2=1的兩個焦點為F1,F2,過F1作垂直于x軸的直線與橢圓相交,其一個交點為P,則|PF2|=()A.B.C.D.42.奇函數(shù)f(x)的定義域為R,若f(x+2)為偶函數(shù),且f(1)=1,則f(8)+f(9)=()A.-2B.-1C.0D.13.已知函數(shù)f(x)=x2+ex-(x<0)與g(x)=x2+ln(x+a)的圖象上存在關(guān)于y軸對稱的點,則a的取值范圍是()A.B.(-,)C.D.4.已知an是等差數(shù)列,a1=1,公差d0,Sn為其前n項和,若a1,a2,a5成等比數(shù)列,則S8的值為()A.16B.32C.64D.625.已知函數(shù)f(x)=ax+b(a>0,a1)的定義域和值域都是-1,0,則a+b=. 6.已知直線y=a交拋物線y=x2于A,B兩點.若該拋物線上存在點C,使得ACB為直角,則a的取值范圍為. 7.已知f(x)是定義域為R的偶函數(shù),當(dāng)x0時,f(x)=x2-4x,則不等式f(x+2)<5的解集是. 8.設(shè)函數(shù)f(x)=cos2x+sin x+a-1,已知不等式1f(x)對一切xR恒成立,求a的取值范圍.9.在ABC中,內(nèi)角A,B,C所對邊的邊長分別是a,b,c.已知c=2,C=.(1)若ABC的面積等于,求a,b;(2)若sin C+sin(B-A)=2sin 2A,求ABC的面積.10.某地區(qū)要在如圖所示的一塊不規(guī)則用地上規(guī)劃建成一個矩形商業(yè)樓區(qū),余下的作為休閑區(qū),已知ABBC,OABC,且|AB|=|BC|=2|OA|=4,曲線OC是以O(shè)為頂點且開口向上的拋物線的一段,如果矩形的兩邊分別落在AB,BC上,且一個頂點在曲線OC段上,應(yīng)當(dāng)如何規(guī)劃才能使矩形商業(yè)樓區(qū)的用地面積最大?并求出最大的用地面積.二、思維提升訓(xùn)練11.已知函數(shù)f(x)=sin2sin x- (>0),xR.若f(x)在區(qū)間(,2)內(nèi)沒有零點,則的取值范圍是()A.B.C.D.12.已知數(shù)列an是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+a10=144.(1)求數(shù)列an的通項an;(2)設(shè)數(shù)列bn的通項bn=,記Sn是數(shù)列bn的前n項和,若n3時,有Snm恒成立,求m的最大值.13.已知橢圓C:=1(a>b>0)的一個頂點為A(2,0),離心率為.直線y=k(x-1)與橢圓C交于不同的兩點M,N.(1)求橢圓C的方程;(2)當(dāng)AMN的面積為時,求k的值.14.直線m:y=kx+1和雙曲線x2-y2=1的左支交于A,B兩點,直線l過點P(-2,0)和線段AB的中點M,求l在y軸上的截距b的取值范圍.思想方法訓(xùn)練1函數(shù)與方程思想一、能力突破訓(xùn)練1.C解析 如圖,令|F1P|=r1,|F2P|=r2,則化簡得解得r2=.2.D解析 因為函數(shù)f(x)是奇函數(shù),所以f(-x)=-f(x).又因為f(x+2)是偶函數(shù),則f(-x+2)=f(x+2),所以f(8)=f(6+2)=f(-6+2)=f(-4)=-f(4),而f(4)=f(2+2)=f(-2+2)=f(0)=0,f(8)=0,同理f(9)=f(7+2)=f(-7+2)=f(-5)=-f(5);而f(5)=f(3+2)=f(-3+2)=f(-1)=-f(1)=-1,f(9)=1,所以f(8)+f(9)=1.故選D.3.B解析 由已知得,與函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于y軸對稱的圖象的函數(shù)解析式為h(x)=x2+e-x- (x>0).令h(x)=g(x),得ln(x+a)=e-x-,作函數(shù)M(x)=e-x-的圖象,顯然當(dāng)a0時,函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象一定有交點.當(dāng)a>0時,若函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象有交點,則ln a<,則0<a<.綜上,a<.故選B.4.C解析 因為a1,a2,a5成等比數(shù)列,則=a1·a5,即(1+d)2=1×(1+4d),d=2.所以an=1+(n-1)×2=2n-1,S8=4×(1+15)=64.5.-解析 f(x)=ax+b是單調(diào)函數(shù),當(dāng)a>1時,f(x)是增函數(shù),無解.當(dāng)0<a<1時,f(x)是減函數(shù),綜上,a+b=+(-2)=-.6.1,+)解析 以AB為直徑的圓的方程為x2+(y-a)2=a,由得y2+(1-2a)y+a2-a=0.即(y-a)y-(a-1)=0,則由題意得解得a1.7.x|-7<x<3解析 令x<0,則-x>0,當(dāng)x0時,f(x)=x2-4x,f(-x)=(-x)2-4(-x)=x2+4x.又f(x)為偶函數(shù),f(-x)=f(x),當(dāng)x<0時,f(x)=x2+4x,故有f(x)=再求f(x)<5的解,由得0x<5;由得-5<x<0,即f(x)<5的解集為(-5,5).由于f(x)的圖象向左平移兩個單位即得f(x+2)的圖象,故f(x+2)<5的解集為x|-7<x<3.8.解 f(x)=cos2x+sin x+a-1=1-sin2x+sin x+a-1=-+a+.因為-1sin x1,所以當(dāng)sin x=時,函數(shù)有最大值f(x)max=a+,當(dāng)sin x=-1時,函數(shù)有最小值f(x)min=a-2.因為1f(x)對一切xR恒成立,所以f(x)max,且f(x)min1,即解得3a4,故a的取值范圍是3,4.9.解 (1)由余弦定理及已知條件,得a2+b2-ab=4.因為ABC的面積等于,所以absin C=,得ab=4.得解得a=2,b=2.(2)由題意得sin(B+A)+sin(B-A)=4sin Acos A,即sin Bcos A=2sin Acos A,當(dāng)cos A=0時,A=,B=,a=,b=,當(dāng)cos A0時,得sin B=2sin A,由正弦定理得b=2a,得解得a=,b=.故ABC的面積S=absin C=.10.解 以點O為原點,OA所在的直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系,設(shè)拋物線的方程為x2=2py,把C(2,4)代入得p=,所以曲線段OC的方程為y=x2(x0,2).A(-2,0),B(-2,4),設(shè)P(x,x2)(x0,2)在OC上,過P作PQAB于Q,PNBC于N,故|PQ|=2+x,|PN|=4-x2,則矩形商業(yè)樓區(qū)的面積S=(2+x)(4-x2)(x0,2).S=-x3-2x2+4x+8,令S'=-3x2-4x+4=0,得x=或x=-2(舍去),當(dāng)x時,S'>0,S是關(guān)于x的增函數(shù),當(dāng)x時,S'<0,S是關(guān)于x的減函數(shù),所以當(dāng)x=時,S取得最大值,此時|PQ|=2+x=,|PN|=4-x2=,Smax=.故該矩形商業(yè)樓區(qū)規(guī)劃成長為,寬為時,用地面積最大為.二、思維提升訓(xùn)練11.D解析 f(x)=sin x-sin x-cos x=sin.由f(x)=0,得x-=k,kZ,x=,kZ.f(x)在區(qū)間(,2)內(nèi)沒有零點,2-=,且由,得T2,0<1.由解得.當(dāng)k=-1時,-,>0,0<當(dāng)k=0時,;當(dāng)k-2或k1,kZ時,不滿足0<1.綜上,的取值范圍是.12.解 (1)an是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+a10=144,S10=145.S10=,a10=28,公差d=3.an=3n-2(nN*).(2)由(1)知bn=,Sn=b1+b2+bn=,Sn=.Sn+1-Sn=>0,數(shù)列Sn是遞增數(shù)列.當(dāng)n3時,(Sn)min=S3=,依題意,得m,故m的最大值為.13.解 (1)由題意得解得b=.所以橢圓C的方程為=1.(2)由得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0.設(shè)點M,N的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),則x1+x2=,x1x2=.所以|MN|=.因為點A(2,0)到直線y=k(x-1)的距離d=,所以AMN的面積為S=|MN|·d=.由,解得k=±1.所以k的值為1或-1.14.解 由(x-1)消去y,得(k2-1)x2+2kx+2=0.直線m與雙曲線的左支有兩個交點,方程有兩個不相等的負實數(shù)根.解得1<k<.設(shè)M(x0,y0),則由P(-2,0),M,Q(0,b)三點共線,得出b=,設(shè)f(k)=-2k2+k+2=-2,則f(k)在(1,)上為減函數(shù),f()<f(k)<f(1),且f(k)0.-(2-)<f(k)<0或0<f(k)<1.b<-2或b>2.b的取值范圍是(-,-2)(2,+).