2022年高考數學大一輪復習 第三章 導數及其應用 第4講 利用導數證明不等式分層演練 文

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1、2022年高考數學大一輪復習 第三章 導數及其應用 第4講 利用導數證明不等式分層演練 文 1．(2019·安徽模擬)已知f(x)＝，則(　　) A．f(2)>f(e)>f(3)　　 B．f(3)>f(e)>f(2) C．f(3)>f(2)>f(e) D．f(e)>f(3)>f(2) 解析：選D.f(x)的定義域是(0，＋∞)，f′(x)＝，令f′(x)＝0，得x＝e. 所以當x∈(0，e)時，f′(x)>0，f(x)單調遞增，當x∈(e，＋∞)時，f′(x)<0，f(x)單調遞減，故x＝e時，f(x)max＝f(e)＝，而f(2)＝＝，f(3)＝＝，所以f(e)>f(3)>f

2、(2)．故選D. 2．若0ln x2－ln x1 B．ex2－ex1x1e x2 D．x2ex1x1 ex2，故選C． 3．(2018·高考全國卷Ⅲ)已知函數f(x)＝. (1)求曲線y＝f(x)在點(0，－1)處的切線方程； (2)證明：當a≥1時， f(x)＋e≥0

3、. 解：(1)f′(x)＝，f′(0)＝2. 因此曲線y＝f(x)在(0，－1)處的切線方程是2x－y－1＝0. (2)證明：當a≥1時，f(x)＋e≥(x2＋x－1＋ex＋1)e－x. 令g(x)＝x2＋x－1＋ex＋1，則g′(x)＝2x＋1＋ex＋1. 當x<－1時，g′(x)<0，g(x)單調遞減；當x>－1時，g′(x)>0，g(x)單調遞增；所以g(x)≥g(－1)＝0. 因此f(x)＋e≥0. 4．(2019·石家莊模擬)已知函數f(x)＝ex－3x＋3a(e為自然對數的底數，a∈R)． (1)求f(x)的單調區(qū)間與極值； (2)求證：當a＞ln ，且x＞0時，

4、＞x＋－3a. 解：(1)由f(x)＝ex－3x＋3a，x∈R，知f′(x)＝ex－3，x∈R. 令f′(x)＝0，得x＝ln 3， 于是當x變化時，f′(x)，f(x)的變化情況如下表： x (－∞，ln 3) ln 3 (ln 3，＋∞) f′(x) － 0 ＋ f(x)  3(1－ln 3＋a)  故f(x)的單調遞減區(qū)間是(－∞，ln 3]， 單調遞增區(qū)間是[ln 3，＋∞)， f(x)在x＝ln 3處取得極小值，極小值為f(ln 3)＝eln 3－3ln 3＋3a＝3(1－ln 3＋a)．無極大值． (2)證明：待證不等式等價于ex＞x2－3

5、ax＋1， 設g(x)＝ex－x2＋3ax－1，x＞0， 于是g′(x)＝ex－3x＋3a，x＞0. 由(1)及a＞ln ＝ln 3－1知：g′(x)的最小值為g′(ln 3)＝3(1－ln 3＋a)＞0. 于是對任意x＞0，都有g′(x)＞0，所以g(x)在(0，＋∞)內單調遞增． 于是當a＞ln ＝ln 3－1時，對任意x∈(0，＋∞)，都有g(x)＞g(0)． 而g(0)＝0，從而對任意x∈(0，＋∞)，g(x)＞0. 即ex＞x2－3ax＋1，故＞x＋－3a. 5．(2019·貴州適應性考試)已知函數f(x)＝xln x＋ax，a∈R，函數f(x)的圖象在x＝1處的切線

6、與直線x＋2y－1＝0垂直． (1)求a的值和函數f(x)的單調區(qū)間； (2)求證：ex>f′(x)． 解：(1)由題易知，f′(x)＝ln x＋1＋a，x>0，且f(x)的圖象在x＝1處的切線的斜率k＝2， 所以f′(1)＝ln 1＋1＋a＝2，所以a＝1. 所以f′(x)＝ln x＋2， 當x>e－2時，f′(x)>0， 當00， 因為g′(x)＝ex－在(0，＋∞)上單調遞增， 且g′(

7、1)＝e－1>0，g′()＝e－2<0， 所以g′(x)在(，1)上存在唯一的零點t， 使得g′(t)＝et－＝0，即et＝(t時，g′(x)>g′(t)＝0， 所以g(x)在(0，t)上單調遞減，在(t，＋∞)上單調遞增， 所以x>0時，g(x)≥g(t)＝et－ln t－2＝－ln －2＝t＋－2≥2－2＝0， 又0，即ex>f′(x)． 6．已知函數f(x)＝aln x＋，曲線y＝f(x)在點(1，f(1))處的切線方程為y＝2. (1)求a，b的值； (2)當x

8、>0且x≠1時，求證：f(x)>. 解：(1)函數f(x)＝aln x＋的導數為f′(x)＝－， 曲線y＝f(x)在點(1，f(1))處的切線方程為y＝2， 可得f(1)＝2b＝2，f′(1)＝a－b＝0， 解得a＝b＝1. (2)證明：當x>1時，f(x)>， 即為ln x＋1＋>ln x＋， 即x－－2ln x>0， 當0， 即為x－－2ln x<0， 設g(x)＝x－－2ln x，g′(x)＝1＋－＝≥0， 可得g(x)在(0，＋∞)上遞增， 當x>1時，g(x)>g(1)＝0， 即有f(x)>， 當0. 綜上可得，當x>0且x≠1時，f(x)>都成立．