2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 高考題型一 選擇題7 電磁感應(yīng)考情題型練

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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 高考題型一 選擇題7 電磁感應(yīng)考情題型練 1.(多選)(2018湖南株洲一質(zhì)檢)用導(dǎo)線繞一圓環(huán),環(huán)內(nèi)有一用同樣導(dǎo)線折成的內(nèi)接正方形線框,圓環(huán)與線框絕緣,如圖所示。把它們放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向垂直于圓環(huán)平面(紙面)向里。當(dāng)磁場(chǎng)均勻減弱時(shí)(　　) A.圓環(huán)和線框中的電流方向都為順時(shí)針 B.圓環(huán)和線框中的電流方向都為逆時(shí)針 C.圓環(huán)和線框中的電流大小之比為∶1 D.圓環(huán)和線框中的電流大小之比為2∶1 2.(單選) (2018全國(guó)Ⅰ卷)如圖,導(dǎo)體軌道OPQS固定,其中PQS是半圓弧,Q為半圓弧的中點(diǎn),O為圓心。軌道的電阻忽略不計(jì),OM

2、是有一定電阻、可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿,M端位于PQS上,OM與軌道接觸良好?？臻g存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,現(xiàn)使OM從OQ位置以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)到OS位置并固定(過(guò)程Ⅰ);再使磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小以一定的變化率從B增加到B'(過(guò)程Ⅱ)。在過(guò)程Ⅰ、Ⅱ中,流過(guò)OM的電荷量相等,則等于(　　) A. B. C. D.2 3.(多選)(2018福建廈門(mén)質(zhì)檢)如圖所示,在傾角為θ的光滑斜面上,存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直斜面向上,磁場(chǎng)的寬度為2L。一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線圈,由靜止開(kāi)始沿斜面下滑,當(dāng)ab邊剛越過(guò)GH進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間和剛越過(guò)MN穿出磁場(chǎng)瞬間速度

3、剛好相等。從ab邊剛越過(guò)GH處開(kāi)始計(jì)時(shí),規(guī)定沿斜面向上為安培力的正方向,則線框運(yùn)動(dòng)的速率v與線框所受安培力F隨時(shí)間變化的圖線中,可能正確的是(　　) 4.(多選)(2018陜西寶雞二質(zhì)檢)1831年10月28日,法拉第展示了他發(fā)明的圓盤(pán)發(fā)電機(jī),其示意圖如圖所示,水平銅盤(pán)可繞豎直銅軸轉(zhuǎn)動(dòng),兩銅片M、N分別與銅盤(pán)邊緣和銅軸連接,使整個(gè)銅盤(pán)處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,M和N之間連接阻值為R的電阻和滑動(dòng)變阻器RP,若從上往下看,銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?。已知銅盤(pán)的半徑為L(zhǎng),銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω,銅盤(pán)連同兩銅片對(duì)電流的等效電阻為r,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,下列說(shuō)法正確的是(　　) A.導(dǎo)體R中的

4、電流方向從a到b B.銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為BL2ω C.導(dǎo)體R的最大功率為 D.如果RP=R+r,則滑動(dòng)變阻器的最大功率為 5.(多選)(2018云南統(tǒng)一檢測(cè))一質(zhì)量為m、電阻為R、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框靜止在光滑絕緣水平桌面上,桌面上直線PQ左側(cè)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,PQ右側(cè)有方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B,俯視圖如圖所示?，F(xiàn)使線框以垂直P(pán)Q的初速度v向磁場(chǎng)Ⅱ運(yùn)動(dòng),當(dāng)線框的三分之一進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ時(shí),線框速度為,在這個(gè)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是(　　) A.線框速度為時(shí),線框中感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较? B.線框速度為時(shí),線框的加速度

5、大小為 C.線框中產(chǎn)生的焦耳熱為mv2 D.流過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量為 6.(多選)(2018河南洛陽(yáng)尖子生聯(lián)考)如圖所示,相距為L(zhǎng)的兩足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上,導(dǎo)軌電阻不計(jì),整個(gè)空間存在垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,導(dǎo)軌上靜止有質(zhì)量為m,電阻為R的兩根相同的金屬棒ab、cd,與導(dǎo)軌構(gòu)成閉合回路。金屬棒cd左側(cè)導(dǎo)軌粗糙右側(cè)光滑?，F(xiàn)用一沿導(dǎo)軌方向的恒力F水平向右拉金屬棒cd,當(dāng)金屬棒cd運(yùn)動(dòng)距離為s時(shí)速度達(dá)到最大,金屬棒ab與導(dǎo)軌間的摩擦力也剛好達(dá)到最大靜摩擦力。在此過(guò)程中,下列敘述正確的是(　　) A.金屬棒cd的最大速度為 B.金屬棒ab上的電流方向是a向b

6、 C.整個(gè)回路中產(chǎn)生的熱量為Fs- D.金屬棒ab與導(dǎo)軌之間的最大靜摩擦力為F 選擇題7　電磁感應(yīng) 1.AC　解析 根據(jù)楞次定律可得當(dāng)磁場(chǎng)均勻減小時(shí),線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向相同,即感應(yīng)電流方向都為順時(shí)針,A正確、B錯(cuò)誤;設(shè)圓半徑為a,則圓面積為S=πa2,圓周長(zhǎng)為L(zhǎng)=2πa,正方形面積為S'=2a2,正方形周長(zhǎng)為L(zhǎng)'=4a,因?yàn)榇艌?chǎng)是均勻減小的,故E=,所以圓和正方形內(nèi)的電動(dòng)勢(shì)之比為,兩者的電阻之比為,故電流之比為,故C正確、D錯(cuò)誤。 2.B　解析 根據(jù)q=得,q1=, q2=,因?yàn)閝1=q2, 解得B'=B,故B正確。 3.AC　解析 根據(jù)楞次定律可得線框進(jìn)

7、入磁場(chǎng)的過(guò)程中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv,根據(jù)電流I=;產(chǎn)生的安培力大小為F=BIL=,隨速度變化而變化,ab邊剛越過(guò)GH進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間和剛越過(guò)MN穿出磁場(chǎng)瞬間速度剛好相等,則進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程做變減速運(yùn)動(dòng),在磁場(chǎng)中做勻加速運(yùn)動(dòng),出磁場(chǎng)過(guò)程做變減速運(yùn)動(dòng),結(jié)合圖象知A正確、B錯(cuò)誤;根據(jù)左手定則可得線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中安培力方向向上為正,且F=BIL=;線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后,安培力為零;出磁場(chǎng)的過(guò)程中安培力方向向上,且等于進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的安培力,所以C正確、D錯(cuò)誤。故選AC。 4.BCD　解析 若從上往下看,銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?根據(jù)右手定則可知,導(dǎo)體R中的電流方向從

8、b到a,故A錯(cuò)誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得:銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BL2ω,故B正確;根據(jù)閉合電路歐姆定律得:I=,則導(dǎo)體R的功率為P=I2R=R,當(dāng)RP=0時(shí),導(dǎo)體的功率最大,即Pm=,故C正確;把導(dǎo)體R等效成電源的內(nèi)阻,則電源的等效內(nèi)阻為r'=r+R,此時(shí)外電路只有RP,故當(dāng)RP=r+R時(shí),滑動(dòng)變阻器的功率最大,即Pm'=,故D正確,故選BCD。 5.CD　解析 根據(jù)右手定則可知,線框右邊切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流是順時(shí)針?lè)较?線框左邊切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流也是順時(shí)針?lè)较?故感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?故A錯(cuò)誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有:E=E左+E右=BL+2BL,感應(yīng)電流I=,安培力為F=

9、BIL+2BIL=3BIL=,故加速度為a=,故B錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理得:Q=mv2-mv2,故C正確;此時(shí)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為,則平均感應(yīng)電流為,則電荷量q=Δt=,而取磁場(chǎng)向里為正,則磁通量的變化量為ΔΦ=BL2-BL2-=BL2,故q=,故D正確,故選CD。 6.AD　解析 cd棒速度最大時(shí),所受的安培力與拉力F二力平衡,則有:F=BIL=BL,則得cd的最大速度為:v=,故A正確。根據(jù)右手定則判斷可知cd棒中感應(yīng)電流的方向由c向d,則ab上的電流方向是由b向a,故B錯(cuò)誤。根據(jù)能量守恒定律得:整個(gè)回路中產(chǎn)生的熱量為:Q=Fs-mv2=Fs-,故C錯(cuò)誤。cd棒的速度達(dá)到最大時(shí)ab棒所受的靜摩擦力最大,ab棒所受的最大靜摩擦力等于安培力,由于兩棒所受的安培力大小相等,所以金屬棒ab與軌道之間的最大靜摩擦力等于F,故D正確。故選AD。