2020屆高考物理 精準培優(yōu)專練十三 電場的性質(zhì)（含解析）

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1、電場的性質(zhì) 1．近幾年對本知識點的的考查，主要集中在三個角度：通過點電荷形成的電場考查電場力的性質(zhì)與能的性質(zhì)；結(jié)合帶電粒子的運動軌跡、電場線、等勢面的關系考查電場的性質(zhì)；通過圖象考查公式U＝Ed的應用。 2．幾點注意： (1)電場疊加問題要注意矢量性與對稱性； (2)在勻強電場中，平行線上距離相等的兩點間電勢差相等； (3)在圖象問題中，一般從圖象的“點、線、面、斜”四個方向理解，φ－x圖象中斜率表示場強，E－x圖象中面積表示電勢差。 二、考題再現(xiàn) 典例1.(2019?全國I卷?15)如圖，空間存在一方向水平向右的勻強磁場，兩個帶電小球P和Q用相同的絕緣細繩懸掛在水平天花板下

2、，兩細繩都恰好與天花板垂直，則(　　) A．P和Q都帶正電荷 B．P和Q都帶負電荷 C．P帶正電荷，Q帶負電荷 D．P帶負電荷，Q帶正電荷 典例2.(2019?全國III卷?21)如圖，電荷量分別為q和－q（q＞0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，a、b是正方體的另外兩個頂點。則(　　) A．a(chǎn)點和b點的電勢相等 B．a(chǎn)點和b點的電場強度大小相等 C．a(chǎn)點和b點的電場強度方向相同 D．將負電荷從a點移到b點，電勢能增加 三、對點速練 1．如圖所示，不帶電的金屬球B接地，在B球附近放置一個帶正電q的小球A，A的重力不計?，F(xiàn)由靜止開始釋放A球，在A運動過程中下列說法正確

3、的是(　　) A．A向B做勻加速運動 B．B球的電勢不斷增加 C．B球上感應電荷數(shù)保持不變 D．A、B球上電荷相互作用電勢能不斷減小 2．兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中a點進入電場，其運動軌跡為圖中實線所示，若粒子只受靜電力作用，則下列關于帶電粒子的判斷正確的是(　　) A．粒子帶正電 B．b點和d點的電場強度相同 C．粒子的動能先減小后增大 D．粒子在a點的電勢能大于在c點的電勢能 3．(多選)在x軸上有兩個點電荷q1、q2，其靜電場的電勢φ在x軸上分布如圖所示。下列說法正確的有(　　) A．q1和q2帶有異種電

4、荷 B．x1處的電場強度為零 C．負電荷從x1移到x2，電勢能減小 D．負電荷從x1移到x2，受到的電場力增大 4．(多選)如圖所示，帶電小球A、B的電荷分別為QA、QB，OA＝OB，都用長L的絲線懸掛在O點。靜止時A、B相距為d。為使平衡時AB間距離減為，可采用的方法有(　　) A．將小球A、B的質(zhì)量都增加到原來的2倍 B．將小球B的質(zhì)量增加到原來的8倍 C．將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半 D．將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質(zhì)量增加到原來的2倍 5．某真空區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中一條豎直電場線如圖中豎直實線（方向未知）。一個質(zhì)量為m電荷

5、量為q的帶正小球，在電場中從O點以一定的初速度v0水平向右拋出，其軌跡如圖甲中虛線所示。以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，A點是軌跡上的一點，其x方向坐標值是x1，小球的機械能E與豎直方向的位移x的關系如圖乙，不計空氣阻力。則下列說法正確的是(　　) A．電場強度大小恒定，方向沿x軸負方向 B．從O到A的過程中，小球的速率越來越大，所受的電場力越來越大 C．從O到A的過程中小球的電勢能越來越大 D．到達A位置時，小球的動能為mgx1－E1＋E2＋mv02 6．(多選)如圖所示，在真空中有三個帶等電荷量的點電荷a、b和c，分別固定在水平面內(nèi)正三角形的頂點上，其中a、b帶正電

6、，c帶負電，O為三角形中心，A、B、C為三條邊的中點。則(　　) A．B、C兩點場強相同 B．B、C兩點電勢相同 C．在O點自由釋放電子（不計重力），會沿OA方向一直運動 D．在O點自由釋放電子（不計重力），會在OA直線上往復運動 7．點電荷Q1、Q2分別固定在x軸上的原點O處和x＝5d處，正點電荷q（不計重力）從x＝d處以初速度v0沿x軸正方向運動，其速率v與在x軸上的位置關系如圖所示，則下列判斷正確的是(　　) A．點電荷Q1帶負電荷、Q2帶正電荷 B．點電荷Q1、Q2所帶電荷量的絕對值之比為2∶3 C．點電荷q從x＝d處到x＝4d處的過程中，在x＝2d處的電勢能最小 D

7、．從x＝d處到x＝4d處，電勢先增大后減小 8．(多選)如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一個半徑為R的絕緣圓環(huán)，有兩個可視為點電荷的相同的帶負電的小球A和B套在圓環(huán)上，其中小球A可沿圓環(huán)無摩擦的滑動，小球B固定在圓環(huán)上和圓心O的連線與水平方向的夾角為45°?，F(xiàn)將小球A由靜止釋放，則下列說法中正確的有(　　) A．小球A恰好可以運動到P點 B．小球A運動到圓環(huán)最低點Q的過程中，速率不斷變大 C．小球A運動到圓環(huán)最低點Q的過程中電勢能先減小后增大 D．小球到達圓環(huán)最低點Q時的速度大小為2 9．如圖所示，勻強電場中有a、b、c三點，在以它們?yōu)轫旤c的三角形中，∠a＝30°，∠c＝90°，電場方向

8、與三角形所在平面平行。已知a、b和c點的電勢分別為(2－) V、(2＋) V和2 V。該三角形的外接圓上最低、最高電勢分別為(　　) A．(2－) V、(2＋) V B．0、4 V C． V、 V D．0、2 V 10．如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，ab＝cd＝L，ad＝bc＝2L，電場線與矩形所在的平面平行。已知a點電勢為20 V，b點電勢為24 V，d點電勢為12 V。一個質(zhì)子從b點以速度v0射入此電場，入射方向與bc成45°角，一段時間后經(jīng)過c點。不計質(zhì)子的重力。下列判斷正確的是(　　) A．c點電勢高于a點電勢 B．

9、場強的方向由b指向d C．質(zhì)子從b運動到c，電場力做功為8 eV D．質(zhì)子從b運動到c，電場力做功為4 eV 11．(多選)如圖所示為空間某一電場的電場線，a、b兩點為其中一條豎直向下的電場線上的兩點，該兩點的高度差為h，一個質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時速度大小為，則下列說法中正確的是(　　) A．質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點的過程中動能增加量等于電勢能減少量 B．a(chǎn)、b兩點的電勢差U＝ C．質(zhì)量為m、帶電荷量為＋2q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時速度大小為 D．質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的小球從

10、a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時速度大小為 12．如圖所示，真空空間中四點O、A、B、C恰為一棱長為Ｌ的正四面體的四個頂點，其中A、B、C三點在水平面內(nèi)，O′為三角形ABC的幾何中心。已知靜電力常量為k，重力加速度為g，下列說法正確的是(　　) A．若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的正點電荷，則O點電勢比O ′點電勢高 B．若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的負點電荷，則點O′與AB、BC、AC三邊中點的 電勢相等 C．若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的正點電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點電荷）放置在O點恰靜止，則小球所帶的電荷量為 D．若A、B、C三點各固定一電

11、荷量為Q的負點電荷，則O點的場強大小與AB、BC、AC三邊中點的場強大小相等 答案 二、考題再現(xiàn) 典例1.【解析】根據(jù)兩細繩都恰好與天花板垂直說明兩小球水平方向都處于平衡狀態(tài)。設勻強電場場強為E，P所帶電荷量大小為q，Q所帶電荷量大小為q'。若P帶負電，對P分析如圖甲所示，此時Q應帶正電，對Q分析如圖乙所示，兩細繩可與天花板垂直，符合題意；同理分析若P帶正電，不符合題意。故選D。 【答案】D 典例2.【解析】由點電荷產(chǎn)生的電勢分布可知q在a點產(chǎn)生的電勢低于在b點產(chǎn)生的電勢，－q在a點產(chǎn)生的電勢也低于在b點產(chǎn)生的電勢，故φa＜φb，再由Ep＝qφ可知負電荷在a、b

12、兩點的電勢能Epa＞Epb，故A、D均錯誤。由點電荷的場強分布可知q在a點產(chǎn)生的場強與－q在b點產(chǎn)生的場強完全相同，q在b點產(chǎn)生的場強與－q在a點產(chǎn)生的場強也完全相同，故a點與b點的總場強也完全相同，B、C均正確。 【答案】BC 三、對點速練 1．【答案】D 【解析】由于靜電感應，金屬球B表面感應出現(xiàn)負電荷，A向B運動，根據(jù)F＝k可得金屬球B對A作用力變大，根據(jù)F=ma可得A的加速度變大，故選項A錯誤；由于金屬球B接地，B球的電勢為零，故選項B錯誤；A向B靠近，B球上感應電荷數(shù)增大，故選項C錯誤；A向B運動，電場力做正功，所以A、B球上電荷相互作用電勢能不斷減小，故選項D正確。

13、2．【答案】C 【解析】根據(jù)兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可得，該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負電荷在下方；從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用，所以粒子帶負電，故A錯誤；在電場中等勢面與電場線是垂直的，由圖可知，b、d兩點彎曲的方向不同，則過b、d兩點，與-5V的等勢面垂直的電場線的方向是不同的，所以b、d兩點電場強度是不同的，故B錯誤；粒子從a→b→c過程中，電場力做負功，c→d→e過程中，電場力做正功。粒子在靜電場中電場力先做負功后做正功，電勢能先增大后減小，動能先減小后增大，故C正確；粒子從a→b→c過程中，電場力做負功，電勢增大，故

14、D錯誤。 3．【答案】AC 【解析】由題圖可知，空間的電勢有正有負，且只有一個極值，則兩個點電荷必定為異種電荷，A項正確；由E＝可知，φ－x圖象的切線斜率表示電場強度，因此x1處的電場強度不為零，B項錯誤；負電荷從x1移到x2的過程中，電勢升高，電場強度減小，由Ep＝qφ，F(xiàn)＝qE可知，電勢能減小，受到的電場力減小，C項正確，D項錯誤。 4．【答案】BD 【解析】如圖所示，B受重力、繩子的拉力及庫侖力；將拉力及庫侖力合成，其合力應與重力大小相等、方向相反；由幾何關系可知，＝，而庫侖力F＝；即＝＝ k，即mBgd3＝kQAQBL，要使d變?yōu)?，可以使B球質(zhì)量增大到原來的8倍而保證上式

15、成立，故A錯誤，B正確；或?qū)⑿∏駻、B的電荷量都減小到原來的一半，同時小球B的質(zhì)量增加到原來的2倍，也可保證等式成立，故C錯誤，D正確。 5．【答案】C 【解析】物體的機械能逐漸減小，電場力對小球做負功，故電場強度方向向上，即沿x軸負方向。再根據(jù)機械能的變化關系可知，相等位移電場力做功越來越小，說明電場力減小，故電場強度不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體受重力與電場力，電場力向上，重力向下，開始時重力大于電場力，電場力越來越小，故合力越來越大，加速度越來越大，速度越來越大，故A B錯誤；從O到A的過程中，小球所受的電場力一直做負功，則小球的電勢能越來越大，選項C正確；到達A位置時，機械能

16、變化量為：E1－E2=mv2－mv02－mgx1，解得mv2=mv02＋mgx1＋E1－E2，選項D錯誤。 6．【答案】BD 【解析】由題意知，B、C兩點的電場強度為三個點電荷在該處場強的矢量和。其中ac兩處的點電荷在B點的場強的矢量和沿Ba方向，b處電荷在B點的場強沿bB方 向，方向如圖所示，可知，B、C兩處電場強度的方向不同，所以A錯誤；ac兩電荷在B點的電勢之和為零，bc兩處電荷在C點的電勢之和等于零，所以B點的電勢等于b處電荷產(chǎn)生，C處電勢等于a處電荷產(chǎn)生，ab兩電荷等量同種且到C、B的距離也相等，所以電勢相等，故B正確；由圖知，O點電場的方向沿AC方向，在OA的延長線上有一場強

17、為零的點D，在OA線上D點的兩側(cè)電場的方向相反，所以電子在O點由靜止釋放將沿OA方向做加運動到D，然后減速運動到速度為零，接著往回運動， 即會在OA直線上往復運動。 7．【答案】D 【解析】正點電荷從d到4d的過程，速度先減小后增大，則電場力先做負功后做正功，即從d到2d場強方向向左，從2d到4d場強方向向右，則x＝2d處合場強為零。由上面的分析結(jié)合場強的疊加可知點電荷Q1、Q2均帶負電荷，故A錯誤；由x＝2d處和場強為零得：，解得：Q1：Q2＝4：9，故B錯誤；由前面的分析知：點電荷q從x＝d處到x＝4d處的過程中，電場力先做負功后做正功，電勢能先增大后減小，所以x＝2d處的電勢能

18、最大，故C錯誤，由可知正電荷電勢能越大則電勢越大，因此在2d處電勢最大，因此電勢先增大后減小，D正確。 8．【答案】CD 【解析】當B球不存在時，由于機械能守恒可得，A球能夠運動到P點，但是當有B球后，AB兩球靠近時電場力做負功，故A球不可能運動到P點，故A錯誤；小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點Q的過程中電勢能先減小后增大，而重力勢能一直減小，結(jié)合運動的電場線可知，小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點Q的過程中動能先增大后減小，則速率先變大后減小，故B錯誤；開始時小球A與B之間的距離小于環(huán)的直徑，而小球A與B之間的最大距離等于環(huán)的直徑；由于兩個小球都帶負電，所以二者之間的距離增大時，庫侖力做正功，

19、二者的電勢能減?。划敹咧g的距離減小時，電場力做負功，二者的電勢能增大，即小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點Q的過程中電勢能先減小后增大，故C正確；由圖可知A與Q相對于過OB的直徑是對稱的，所以小球在A點的電勢能與在Q點的電勢能是相等的，小球從A到Q的過程中增加的動能等于減小的重力勢能，則mv2=mgR，可得：v＝，故D正確。 9．【答案】B 【解析】如圖所示，圓心O是ab的中點，所以圓心O點的電勢為2 V，所以Oc是等勢線，則電場線如圖中MN所示，方向由M指向N。沿電場線方向電勢均勻降低，過圓心的電勢為2 V，作aP⊥MN，則aP為等勢線，則UOP＝φO－φa＝ V，UON∶UOP＝ON∶

20、OP＝1∶cos 30°，解得UON＝2 V，則圓周上電勢最低為0，最高為4 V，選B。 10．【答案】C 【解析】由于是勻強電場，故a、d的中點(設為E)電勢應為a、d兩點的一半，即16 V，那么E、b的中點F電勢是20 V，和a點一樣．連接a、F得到等勢線，則電場線與它垂直，正好是由b指向E.那么cE平行于aF，故c點電勢與E相同，也為16 V，小于a點電勢，A錯誤；場強的方向由b指向E，B錯誤；從b 到c電勢降落了8 V，質(zhì)子電荷量為e，質(zhì)子從b運動到c，電場力做功8 eV，電勢能減小8 eV，C正確，D錯誤。 11．【答案】BD 【解析】質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a

21、點靜止釋放后沿電場線運動到b點的過程中，機械能與電勢能之和守恒，其動能增加量等于重力勢能、電勢能的減少量之和，選項A錯誤；設a、b之間的電勢差為U，由題意，質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時速度大小為，根據(jù)動能定理，mgh＋qU＝m·3gh，解得qU＝mgh，a、b兩點的電勢差U＝，選項B正確；質(zhì)量為m、帶電荷量為＋2q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時，由動能定理得mgh＋2qU＝mv，解得v1＝2，選項C錯誤；質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的小球從a點靜止釋放后沿電場線運動到b點時，由動能定理得mgh－qU＝mv，解得v2＝，選項D正確。 12．【答案】

22、C 【解析】若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的正點電荷，將一個正的試探電荷從O′點移動到O點，電場力做正功，電勢降低，故A錯誤；若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的負點電荷，結(jié)合對稱性可知，O點與AB、BC、AC三邊中點的電勢差相等，由分析可知，將一個正的試探電荷從AB、BC、AC三邊中點和O′點移動到O點，電場力做功不等，故O′與AB、BC、AC三邊中點的電勢不相等，故B錯誤；若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的正點電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點電荷）放置在O點恰靜止，小球受到的三個電場力的合力與重力平衡；根據(jù)平衡條件，有：，其中：，，故，解得：，故C正確；若A、B、C三點各固定一電荷量為Q的負點電荷，O點的場強不為零，是三個點電荷在O點場強的疊加，大小為，解得C選項可得：，AB中點的場強等于C點點電荷在AB中點處的場強，大小為，其中，解得：，故不相等，D錯誤。 9