《高考物理復習 高效學習方略 32 牛頓運動定律的應用 超重和失重課件》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高考物理復習 高效學習方略 32 牛頓運動定律的應用 超重和失重課件（75頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
1、 一、兩類動力學問題 牛頓第二定律確定了運動和力的關系，使我們能夠把物體的受力情況與運動情況聯(lián)系起來 1已知受力情況求運動情況 已知物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律，可以確定物體的運動情況，已知物體的初始條件(初位置和初速度)，根據(jù)運動學公式，就可以求出物體在任一時刻的速度和位移，也就可以求解物體的運動情況 2已知物體的運動情況求物體的受力情況 根據(jù)物體的運動情況，由運動學公式可以求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律可確定物體的受力情況，從而求出未知的力，或與力相關的某些物理量如動摩擦因數(shù)、勁度系數(shù)、力的方向等 二、超重和失重 1超重：物體對支持物的壓力(或對懸掛物的拉力) 物體重力的現(xiàn)象 2失重：
2、物體對支持物的壓力(或對懸掛物的拉力) 物體重力的現(xiàn)象 3完全失重：物體對支持物的壓力(或對懸掛物的拉力)等于 的現(xiàn)象大于大于小于小于零零 4產生條件：當系統(tǒng)的加速度 (或有豎直向上的加速度分量)時，發(fā)生超重現(xiàn)象；當系統(tǒng)的加速度 (或有豎直向下的加速度分量)時，發(fā)生失重現(xiàn)象；當豎直向下的加速度等于 時，發(fā)生完全失重現(xiàn)象 5視重：當物體掛在彈簧測力計下端或放在水平臺測力計上面時，彈簧測力計或臺測力計的示數(shù)叫做 ，其大小 測力計所受物體的拉力或臺測力計所受物體的壓力豎直向上豎直向上豎直向下豎直向下重力加速度重力加速度視重視重等于等于 2一個年輕人在以a2 m/s2的加速度加速上升的升降機里最多能舉
3、起質量為m50 kg的重物，問當升降機以同樣大小的加速度減速上升時，該年輕人最多能舉起的重物的質量m為() A50 kg B100 kg C75 kg D125 kg 解析C對重物受力分析如圖甲所示 由FNmgma得FN600 N， 即此人的舉力為600 N. 當電梯減速下降時受力分析如圖乙所示 由mgFNma 得m75 kg. 3.如圖所示，一輛有動力驅動的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一小球相連設在某一段時間內小球與小車相對靜止且彈簧處于壓縮狀態(tài)若忽略小球與小車間的摩擦力，則在此段時間內小車可能是() A向右做加速運動 B向右做減速運動 C向左做加速運動 D向左做減速
4、運動 解析AD對小球水平方向受到向右的彈簧彈力FN，由牛頓第二定律可知，小球必定具有向右的加速度，小球與小車相對靜止故小車可能向右加速運動或向左減速運動 4(2010海南物理)下列說法正確的是() A若物體運動速率始終不變，則物體所受合力一定為零 B若物體的加速度均勻增加，則物體做勻加速直線運動 C若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運動 D若物體在任意相等的時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動 解析D若物體運動速率始終不變，速度大小不變，但速度方向可能變化，因此合力不一定為零，A錯；物體的加速度均勻增加，即加速度在變化，是非勻加速直線運動，B錯；物體所受合力與其速度方向相反
5、，只能判斷其做減速運動，但加速度大小不能確定，C錯；若物體在任意相等的時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動，D對 5.如圖所示，質量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止狀態(tài)當木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度為多大？ 要點一對超重和失重的進一步理解 1.不論超重、失重或完全失重，物體的重力不變，只是“視重”改變 2物體是否處于超重或失重狀態(tài)，不在于物體向上運動還是向下運動，而在于物體是有向上的加速度還是有向下的加速度 3當物體處于完全失重狀態(tài)時，重力只產生使物體具有ag的加速度效果，不再產生其他效果平常一切由重力產生的物理現(xiàn)象都會完全消失 4
6、物體超重或失重的多少是由物體的質量和豎直加速度共同決定的，其大小等于ma. 【例1】某人在a2 m/s2勻加速下降的升降機中最多能舉起m175 kg的物體，則此人在地面上最多可舉起多大質量的物體？若此人在勻加速上升的升降機中最多能舉起m250 kg的物體，則此升降機上升的最大加速度為多大？(取g10 m/s2) 【規(guī)律方法】判斷超重、失重現(xiàn)象會計算超重、失重的大小，能解釋有關實際生活中的超重、失重現(xiàn)象的產生原因，完全失重的理解及產生的條件 (2011中山一模)如圖所示，木箱內有一豎直放置的彈簧，彈簧上方有一物塊木箱靜止時彈簧處于壓縮狀態(tài)且物塊壓在箱頂上若在某一段時間內，物塊對箱頂剛好無壓力，則
7、在此段時間內，木箱的運動狀態(tài)可能為() A加速下降 B加速上升 C減速上升 D減速下降 解析BD木箱靜止時物塊對箱頂有壓力，則物塊受到箱頂向下的壓力，當物塊對箱頂剛好無壓力時，表明系統(tǒng)有向上的加速度，是超重，選項B、D正確. 要點二解答兩類動力學問題的基本方法及步驟 1.分析流程圖 可見，不論求解哪一類問題，求解加速度是解題的橋梁和紐帶，是順利求解的關鍵 2應用牛頓第二定律的解題步驟 (1)明確研究對象根據(jù)問題的需要和解題的方便，選出被研究的物體 (2)分析物體的受力情況和運動情況，畫好受力分析圖，明確物體的運動性質和運動過程 (3)選取正方向或建立坐標系，通常以加速度的方向為正方向或以加速度
8、方向為某一坐標軸的正方向 (4)求合外力F合 (5)根據(jù)牛頓第二定律F合ma列方程求解，必要時還要對結果進行討論 【例2】質量為2 kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的vt圖象如圖所示g取10 m/s2，求： (1)物體與水平面的動摩擦因數(shù)； (2)水平推力F的大小； (3)010 s內物體運動位移的大小 【答案】(1)0.2(2)6 N(3)46 m 【規(guī)律方法】對于兩類動力學問題，無論哪種情況，聯(lián)系力和運動的“橋梁”是加速度，在處理時，受力分析是關鍵，同時對物體運動情況分析同樣重要，特別是由多個運動過程組成的較復雜的問題，更應注意運動過程的分析 (2
9、011東城區(qū)模擬)雜技中的“頂竿”由兩個演員共同表演，站在地面上的演員肩部頂住一根長竹竿，另一演員爬至竿頂端完成各種動作后下滑若竹竿上演員自竿頂由靜止開始下滑，滑到竹竿底部時速度正好為零 已知竹竿底部與下面頂竿人肩部之間有一傳感器，傳感器顯示竿上演員自竿頂滑下過程中頂竿人肩部的受力情況如圖所示竹竿上演員質量為m140 kg，竹竿質量m210 kg，取g10 m/s2. (1)求竹竿上的人下滑過程中的最大速度v1； (2)請估測竹竿的長度h. 解析(1)由題圖可知，04 s，肩部對竹竿的支持力F1460 N(G1G2)，人加速下滑，設加速度為a1， 04 s竹竿受力平衡，受力分析如圖甲所示 由F
10、1G2Ff， 得FfF1G2360 N， 對人受力分析如圖乙所示 FfFf360 N，又由牛頓第二定律得： G1Ffm1a1， 得a11 m/s2， t14 s時達到最大速度，設為v1，則 v1a1t14 m/s. 【答案】(1)4 m/s(2)12 m 要點三整體法與隔離法的選取原則 1.隔離法的選取原則 若連接體內各物體的加速度不相同，且需要求物體之間的作用力就需要把物體從系統(tǒng)中隔離出來，將內力轉化為外力，分析物體的受力情況和運動情況，并分別應用牛頓第二定律列方程求解，隔離法是受力分析的基礎，應重點掌握 2整體法的選取原則 若連接體內各物體具有相同的加速度，且不需要求物體之間的作用力，可以
11、把它們看成一個整體(當成一個質點)來分析整體受到的外力，應用牛頓第二定律求出加速度(或其他未知量) 3整體法、隔離法交替運用原則 若連接體內各物體具有相同的加速度，且要求物體之間的作用力時，可以先用整體法求出加速度，然后再用隔離法選取合適的研究對象，應用牛頓第二定律求作用力即“先整體求加速度，后隔離求內力” 【例3】如圖所示，質量M10 kg的木楔ABC靜止于粗糙的水平面上，動摩擦因數(shù)0.02.在木楔的傾角為30的斜面上，有一質量m1.0 kg的木塊從靜止開始沿斜面下滑，當滑行路程x1.4 m時，其速度v1.4 m/s，在此過程中木楔一直處于靜止狀態(tài)，g取10 m/s2，求 (1)地面對木楔的
12、摩擦力的大小和方向； (2)木楔對地面的壓力大小 對整體在水平方向上運用牛頓第二定律得Ffmaxmacos 解得Ff0.61 N，方向與ax同向，即水平向左 (2)對整體在豎直方向上運用牛頓第二定律得 (Mm)gFNmaymasin 解得FN109.65 N. 【答案】(1)0.61 N，方向與ax同向，即水平向左 (2)109.65 N 【規(guī)律方法】當求各部分間的作用力時一定要用隔離法考慮解題的方便有兩個原則：一是選出的隔離體方程 中應包含所求的未知量；二是獨立方程的個數(shù)等于未知量的前提下，隔離體的數(shù)目應盡可能少 如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質量為m的木塊
13、間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是mg.現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為() 易錯點1 對物體的受力和運動狀態(tài)分析不準導致錯誤 【例1】如圖所示，質量為m的物體用細繩拴住放在水平粗糙的傳送帶上，物體距傳送帶左端距離為L，穩(wěn)定時繩與水平方向的夾角為，當傳送帶分別以v1、v2的速度逆時針轉動時(v1v2)，繩中的拉力分別為F1、F2；當剪斷細繩時，物體到達左端的時間分別為t1、t2，則下列說法正確的是() AF1t2Dt1t2，故C、D錯誤 【答案】B 【糾錯心得】解決傳送帶類問題的關鍵是判斷物體與傳送帶間的摩擦力的方向和大
14、小確定物體的運動狀態(tài)，對運動過程進行分析，運動學、動力學以及功能關系求解 易錯點2 對疊加物體發(fā)生相對滑動的臨界條件理解不清導致錯誤 【例2】如圖所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上A、B質量分別為mA6 kg，mB2 kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)0.2，開始時F10 N，此后逐漸增加，在增大到45 N的過程中，則() A當拉力F12 N時，A物體相對B物體運動；F12 N時，A物體相對B物體不運動，誤選A、B.同時，還隱含的一個錯因是對A選項的理解不正確，A中說兩物體均保持靜止狀態(tài)，是以地面為參照物，顯然當有力F作用在A物體上，A、B兩物體對地面來說是運動的 【正確解答】首先了解各
15、物體的運動情況，B運動是因為A對它有靜摩擦力，但由于靜摩擦力存在最大值，所以B的加速度存在最大值，可以求出此加速度下拉力的大?。蝗绻υ僭龃?，則物體間就會發(fā)生相對滑動所以這里存在一個臨界點，就是A、B間靜摩擦力達到最大值時拉力F的大小，以A、B整體為研究對象進行受力分析，A受水平向右的拉力，水平向左的靜摩擦力，有 FFfmAa 再以B為研究對象，B受水平向右的靜摩擦力 FfmBa 當Ff為最大靜摩擦力時， 【答案】D 【糾錯心得】兩個物體相接觸且處于相對靜止時，常存在靜摩擦力，它們相對滑動的臨界條件是：靜摩擦力達到最大值 1(2011四川理綜)如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖
16、，假定其過程可簡化為：打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則() A火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小 B返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力 C返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功 D返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài) 解析A未點燃返回艙緩沖火箭時，整個裝置勻速運動，點燃返回艙緩沖火箭后，整個裝置做減速運動，速度方向向下，加速度方向向上，受力分析，如圖甲所示，對降落傘來說，浮力和重力不變，可知傘繩對返回艙的拉力變小，選項A正確；對返回艙，受力分析，如圖乙所示，返回艙加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，減速運動
17、，動能減小，合外力做負功，選項B、C、D錯誤 2.(2011上海單科)受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上做直線運動，其vt圖線如圖所示，則() A在0t1秒內，外力F大小不斷增大 B在t1時刻，外力F為零 C在t1t2秒內，外力F大小可能不斷減小 D在t1t2秒內，外力F大小可能先減小后增大 解析CDvt圖象的斜率表示加速度，在0t1秒內，物體做加速度減小的加速運動，由牛頓第二定律得：FFfma，所以外力F大小不斷減小，選項A錯誤；在t1時刻，加速度為零，外力F大小等于摩擦力Ff的大小，選項B錯誤；在t1t2秒內，物體做加速度增大的減速運動，由牛頓第二定律得：FfFma，所以外力F可能不斷
18、減小，選項C正確；若物體靜止前，外力F已減至零，則此后，外力F必再反向增大，選項D正確 3(2011天津理綜)某同學利用測力計研究在豎直方向運行的電梯運動狀態(tài)他在地面上用測力計測量砝碼的重力，示數(shù)為G.他在電梯中用測力計仍測量同一砝碼的重力，發(fā)現(xiàn)測力計的示數(shù)小于G，由此判斷此時電梯的運動狀態(tài)可能是_ 解析測力計示數(shù)小于G，說明電梯處于失重狀態(tài)，加速度方向向下，則電梯可能是向下加速，也可能是向上減速 【答案】減速上升或加速下降 4(2011山東理綜)如圖所示，在高出水平地面h1.8 m的光滑平臺上放置一質量M2 kg、由兩種不同材料連接成一體的薄板A，其右段長度l10.2 m且表面光滑，左段表面
19、粗糙在A最右端放有可視為質點的物塊B，其質量m1 kg，B與A左段間動摩擦因數(shù)0.4.開始時二者均靜止，現(xiàn)對A施加F20 N水平向右的恒力，待B脫離A(A尚未露出平臺)后，將A取走B離開平臺后的落地點與平臺右邊緣的水平距離x1.2 m(取g10 m/s2)求： (1)B離開平臺時的速度vB； (2)B從開始運動到剛脫離A時，B運動的時間tB和位移xB； (3)A左段的長度l2. 【答案】(1)2 m/s(2)0.5 s0.5 m(3)1.5 m 5(2011上海單科)如圖，質量m2 kg的物體靜止于水平地面的A處，A、B間距L20 m，用大小為30 N，沿水平方向的外力拉此物體，經t02 s拉至B處(已知cos 370.8，sin 370.6，取g10 m/s2) (1)求物體與地面間的動摩擦因數(shù)； (2)用大小為30 N，水平方向成37的力斜向上拉此物體，使物體從A處由靜止開始運動并能到達B處，求該力作用的最短時間 【答案】(1)0.5(2)1.03 s
高考物理復習 高效學習方略 32 牛頓運動定律的應用 超重和失重課件
