《遼寧省東北三省三校哈師大附中、東北師大附中、遼寧省實驗中學2019屆高三物理第二次聯(lián)合模擬考試試題（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《遼寧省東北三省三校哈師大附中、東北師大附中、遼寧省實驗中學2019屆高三物理第二次聯(lián)合模擬考試試題（含解析）（17頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
1、遼寧省東北三省三校哈師大附中、東北師大附中、遼寧省實驗中學2019屆高三物理第二次聯(lián)合模擬考試試題（含解析）二、選擇題： 1.下列說法中正確的是A. 法拉第通過研究電磁感應現(xiàn)象得出了法拉第電磁感應定律B. 安培通過研究電荷之間相互作用的規(guī)律得到了安培定則C. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，首次揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系D. 湯姆孫通過油滴實驗精確測定了元電荷e的電荷量【答案】C【解析】【詳解】法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，紐曼和韋伯總結出電磁感應定律為紀念法拉第而叫法拉第電磁感應定律，A錯誤；安培通過研究磁場和通電導線之間的相互作用得出的安培定則，B錯誤；奧斯特通過研究通電導線和小磁針的相互作用發(fā)
2、現(xiàn)了電流的磁效應，并揭開了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，C正確；密立根通過油滴實驗精確測定了元電荷e的電荷量， D錯誤。2.圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，A為理想交流電流表。線圈繞垂直于磁場的水平軸OO沿逆時針方向勻速轉動，產生的電動勢隨時間變化的圖象如圖乙所示。已知發(fā)電機線圈電阻為10，外接一只阻值為90的電阻，不計電路的其它電阻，則（ ）A. 電流表的示數為0.31AB. 線圈轉動的角速度為radsC. 0.01s時線圈平面與磁場方向平行D. 在線圈轉動一周過程中，外電阻發(fā)熱約為0.087J【答案】D【解析】【詳解】在交流電路中電流表的示數為有效值
3、，電流表的示數，A錯誤；從圖像可知線圈轉動的周期為0.02s，則線圈轉動的角速度，B錯誤；0.01s時線圈的電壓為0，因此線圈在中性面處，C錯；線圈發(fā)熱應用電流的有效值進行計算，則發(fā)熱量，D正確3.道路交通安全法第四十七條規(guī)定：“機動車行經人行橫道，應減速行駛；遇行人正在 通過人行橫道時，應停車讓行?！币惠v汽車以36km/h速度勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)前方50m 處的斑馬線上有行人，駕駛員立即剎車使車做勻減速直線運動，若已知行人還需12s才能通過斑馬線，則剎車后汽車的加速度大小至少為A. 1m/s2B. 0.97 m/s2C. 0.83 m/s2D. 0.69 m/s2【答案】A【解析】【詳解】行
4、人的速度，汽車的寬度約為2m，若車與行人不發(fā)生碰撞則有剎車后汽車運動時間為， 設剎車后汽車的加速度大小為，根據運動學公式對汽車有，代入數值可得，故選項A正確，B、C、D錯誤。4.如圖所示，左側是半徑為R的四分之一圓弧，右側是半徑為2R的一段圓弧。二者圓心在一條豎直線上，小球a、b通過一輕繩相連，二者恰好等于等高處平衡。已知，不計所有摩擦，則小球a、b的質量之比為A. 3:4B. 3:5C. 4:5D. 1:2【答案】A【解析】【詳解】對a和b兩個物體受力分析，受力分析圖如下，因一根繩上的拉力相等，故拉力都為T；由力的平衡可知a物體的拉力，b物體的拉力，則聯(lián)立可解得，A正確。5.如圖所示，有上下
5、放置的兩個寬度均為L=0.5m的水平金屬導軌，左端連接阻值均為2的電阻r1、r2，右端與豎直放置的兩個相同的半圓形金屬軌道連接在一起，半圓形軌道半徑為R=0.1 m。整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B=2T。初始時金屬棒放置在上面的水平導軌上，金屬棒的長剛好為L，質量m=2kg，電阻不計。某時刻金屬棒獲得了水平向右的速度v0=2m/s，之后恰好水平拋出。已知金屬棒與導軌接觸良好，重力加速度g=10m/s2，不計所有摩擦和導軌的電阻，則下列正確的是A. 金屬棒拋出時的速率為B. 整個過程中，流過電阻r1電荷量為2CC. 整個過程中，電阻r2上產生的焦耳熱為1.5JD. 最初金屬棒距
6、離水平導軌右端4m【答案】C【解析】【詳解】金屬棒經過半圓形金屬軌道的時候恰好水平拋出說明在此點只有重力提供向心力，因此有，。A錯誤；取向右為正，對導體棒寫動量定理有代入數據解得，因導體棒在運動的時候相當于電源，電阻r1和電阻r2串聯(lián)，故流過電阻r1的電荷量為導體棒電荷量的一半，即1C，所以B錯誤；由能量轉換可知，導體棒損失的動能轉化為電阻r1和電阻r2消耗的焦耳熱，而電阻r1和電阻r2并聯(lián)且任何時候電流都一樣，因此焦耳熱也一樣，因此有，C對；由，得，則最初導體棒離右端的距離為8m，D錯誤。6.如圖所示，甲為演示光電效應的實驗裝置；乙圖為a、b、c三種光照射下得到的三條電流表與電壓表讀數之間的
7、關系曲線；丙圖為氫原子的能級圖；丁圖給出了幾種金屬的逸出功和極限頻率關系。以下說法正確的是 A. 若b光為綠光，c光可能是紫光B. 若a光為綠光，c光可能是紫光C. 若b光光子能量為2.81ev，用它照射由金屬銣構成的陰極，所產生的大量具有最大初動能的光電子去撞擊大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子，可以產生6種不同頻率的光D. 若6光光子能量為2.81ev，用它直接照射大量處于n=2激發(fā)態(tài)的氫原子，可以產生6種不同頻率的光【答案】BC【解析】【詳解】由光電效應的方程和遏止電壓的方程聯(lián)立解得，即光子照射同一塊金屬的時候，只要遏止電壓一樣，說明光子的頻率一樣，遏止電壓越大，光子的頻率越大，因此可知b光和
8、c光的頻率一樣大于a光的頻率，故A錯B對；b光的光電效應方程為,電子照射氫原子，氫原子只吸收兩個能級差的能量，剩下的能量不吸收留給電子，因此n=3的的只需要吸收的能量為，這是氫原子處在n=4的能級上，可向下輻射6種頻率的光，C正確；若用光子照射氫原子，氫原子智能吸收光子的能量恰好為能級之差的光子，2.81eV不滿足能級差，因此此光子不被吸收，D錯誤。7.空間存在某靜電場，在x軸上各點的場強E隨坐標x的分布規(guī)律如圖所示，規(guī)定x軸的正方向為電場強度E的正方向。一個帶電粒子在x軸上以x=0點為對稱中心做往復運動。已知粒子僅受電場力作用，運動中電勢能和動能的總和為A，且x=0處，電勢為零。則 A. 該
9、粒子一定帶負電B. 該粒子在x=0點兩側分別做勻變速直線運動C. x=x0處的電勢為D. 若該粒子帶電量的絕對值為q，則粒子運動區(qū)間為【答案】ACD【解析】【詳解】由圖像可知在O點右側的電場線水平向右，在O點左側的電場線水平向左，假設粒子帶正電，則粒子在O點右側向右運動時一直做加速運動因此不會做往復運動，因此粒子不可能帶正電，當粒子帶負電時向右側運動時做減速運動，減速到零反向加速過O點后繼續(xù)減速運動，做的時往復運動，因此粒子帶負電，A正確；由圖像可知該電場不是勻強電場，粒子的受力會發(fā)生變化，因此不做勻變速直線運動，B錯誤；圖像的面積為電勢差，沿著電場線方向電勢降低，因此得，C正確；粒子的總能量
10、為A，且O點的電勢能為零，則O點的動能為A，粒子向x軸正向運動的最遠距離時速度為零，能量轉化為該點的電勢能，由能量守恒可知得 ，故D正確。8.如圖所示，豎直平面內固定兩根足夠長的細桿L1、L2，兩桿分離不接觸，且兩桿間的距離忽略不計。兩個小球a、b（視為質點）質量均為m，a球套在豎直桿L1上，b桿套在水平桿L2上，a、b通過鉸鏈用長度為的剛性輕桿連接，將a球從圖示位置由靜止釋放(輕桿與L2桿夾角為45)，不計一切摩擦，已知重力加速度為g。在此后的運動過程中，下列說法中正確的是 A. a球和b球所組成的系統(tǒng)機械能守恒B. b球的速度為零時，a球的加速度大小一定等于gC. b球的最大速度為D. a
11、球的最大速度為【答案】ABC【解析】【詳解】a球和b球組成的系統(tǒng)沒有外力做功，只有a球和b球的動能和重力勢能相互轉換，因此a球和b球的機械能守恒，A正確；設輕桿L和水平桿L2的夾角為，由運動關聯(lián)可知，得可知當b球的速度為零時，輕桿L處于水平位置和L2桿平行，因此此時a球在豎直方向只受重力，因此a球的加速度大小為，B正確；當桿L和桿L1平行成豎直狀態(tài)，球a運動到最下方，球b運動到L1和L2交點的位置的時候球b的速度達到最大，此時由運動的關聯(lián)可知a球的速度為0，因此由系統(tǒng)機械能守恒有，得。C正確；當輕桿L向下運動到桿L1和桿L2的交點的位置時，此時桿L和桿L2平行，由運動的關聯(lián)可知此時b球的速度為
12、零，有系統(tǒng)機械能守恒有，得此時a球具有向下的加速度，因此此時a球的速度不是最大，a球將繼續(xù)向下運動到加速度為0時速度達到最大，D錯誤。三、非選擇題： (一)必考題： 9.某同學要用頻閃照相的方法測量物塊與木板之間的動摩擦因數。把木板放在水平桌面上，一端抬高，測量出木板傾斜的角度。如圖所示為一小滑塊下滑過程的頻閃照片示意圖。已知頻閃相機每隔時間T閃光一次，、分別是滑塊在T時間內下滑的距離，當地重力加速度為g。（1）滑塊下滑過程中的加速度大小的表達式a=_；（用已知量和測量量表示）（2）滑塊下滑過程中經位置4時速度大小=_；（用已知量和測量量表示）（3）滑塊與木板間的動摩擦因數=_。(用、a、g表
13、示)【答案】 (1). (1) (2). (2) (3). (3)【解析】【詳解】（1）滑塊下滑做的是勻加速直線運動，且都是在T時間內下滑的距離，因此物體的加速度可以用打點計時器的逐差法進行計算，即；（2）滑塊經過x3和x4所用的時間相等，由因物體做的是勻變速運動，因此滑塊在4位置的速度等于滑塊從3運動到5的平均速度，即；（3）物體做勻加速運動，由牛頓第二定律可知得10.某實驗小組要把一塊電流表改裝成電壓表，遇到了兩個問題：一是該電流表的表盤沒有標注刻度數，但刻度均勻，總格數為N；二是內阻未知。通過對類似規(guī)格的電流表的參數比對，得到該電流表的滿偏電流約700800，內阻約100)。該組同學利用
14、以下器材，通過下列三個步驟，完成了電壓表的改裝工作。A.待測電流表GB.電流表A：量程0.6A，內阻約為0.1C.電壓表V：量程3V，內阻RV=3kD.電阻箱R2：最大阻值999.9E滑動變阻器R1：最大阻值5k，額定電流0.1AF. 滑動變阻器R3：最大阻值5，額定電流0.5AG.電源：電動勢3V，內阻約1.5H.開關兩個S1、S2（1）步驟一：測定電流表的內阻。設計了上圖所示實驗電路，請分析并補全以下操作：將R1的滑動端撥至_端；(填“a”或“b”)僅閉合S1，調節(jié)R1，使電流表的指針偏轉N個格；僅調節(jié)_，使電流表的指針偏轉個格；記錄_，則電流表的內阻為_。（2）步驟二：測定該電流變的滿偏
15、電流。除電源和開關外，還需要的器材是_；（填器材前面的字母序號）請在線框中畫出方便簡潔的實驗電路圖_；若在上圖實驗中，待測電流表指針偏轉了n個格，還需要記錄的測量值及相應符號為_，電流表的滿偏電流為_，將此電流表改裝為一個量程為U0的電壓表需要 _（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個定值電阻Rx，Rx=_。（用以上各步驟中記錄的測量量和已知量表示）【答案】 (1). b (2). R2 (3). R2的阻值 (4). R2 (5). CE (6). (7). 電壓表讀數U (8). (9). 串聯(lián) (10). 【解析】【詳解】（1）將滑動變阻器撥至b端在將電路接通，電路中的電流最小，具有保護電路的作用
16、；（2）閉合S2以后，因接入的滑動變阻器的阻值很大，因此在不改變滑動變阻器的情況下電路的干路電流不變，因兩塊表并聯(lián)，此時調節(jié)R2的阻值使電流表的示數偏轉格，則可認為R2中的電流和待測電表的電流相同，則電阻R2的阻值和電流表的阻值相同，因此要記錄R2的阻值；（3）電流表的電流校準需要將一塊標準的電流表和待測電流表串聯(lián)，但是電流表A的量程和待測電流表相比過大，無法進行測量，但是電壓表的內阻已知，故可以用電壓表和待測電流表串聯(lián)進行校準，且滑動變阻器R2的阻值過小，將R2和電壓表串聯(lián)在一起進行調節(jié)示數變化不明顯，因此滑動變阻器需要選R1，需要的器材為CE，電路圖如下： （4）因電壓表和電流變串聯(lián)，因此
17、當偏轉N格時電流表的電流為，又因電流表示數分布均勻，因此電流表的滿偏電流為；（5）電流表改為電壓表需要串聯(lián)電阻，串聯(lián)后的量程為，且電流變的內阻為R2由歐姆定律有，解得。11.如圖所示，在矩形區(qū)域abcd內存在一個垂直紙面向外，磁感應強度大小為B的勻強磁場，oa邊長為，ab邊長為L。先從o點沿著ob方向垂直磁場射入各種速率的帶電粒子，已知粒子的質量為m、帶電量為q（粒子所受重力及粒子間相互作用忽略不計），求：（1）垂直ab邊射出磁場的粒子的速率v；（2）粒子在磁場中運動的最長時間tm。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1）粒子運動的軌跡如圖：設粒子做圓周運動半徑為，由幾何關系可知；，粒子在磁
18、場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力有 可解得（2）由圓周運動的關系可知聯(lián)立可得因此可知粒子在磁場中做圓周運動的周期和速度無關，速度改變周期不變由幾何關系可知最大圓心角可知粒子運動的最長時間12.如圖所示，右側為固定的光滑圓弧導軌A，末端水平。左側B為固定的擋板，C為足夠長的傳送帶。以速度v=5m/s順時針運動。D為下表面光滑的木板，質量為M=1kg，長度為L=3m。A的末端與C、D三者的上表面等高，最初D緊靠著A。一個質量為m=2kg的滑塊(可看作質點)從A上由靜止下滑高度h=1.8m后，滑上木板D。已知滑塊恰能滑到木板D的左端，且此刻木板洽與B相撞，若木板與擋板、導軌每次碰撞后，速度均變?yōu)?/p>
19、零(但不粘連)，滑塊與木板及傳送帶間的動摩擦因數都相等，g=10m/s2,D與B碰后C、D間的縫隙很小忽略不計。求： (1)動摩擦因數；(2)滑塊第一次滑上傳送帶運動到最左端過程中，電動機對傳送帶多做的功；(3)滑塊第一次返回軌道A的最大高度；(4)滑塊從開始釋放直到停止運動的過程中，在木板上發(fā)生相對滑動的總時間?！敬鸢浮浚?）0.2（2）40J（3）m（4）3s【解析】【詳解】（1）滑塊滑下，根據動能定理：解得木板D和滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒 由能量守恒可知滑塊和木板D損失的動能轉化為系統(tǒng)的摩擦生熱聯(lián)立可解得，（2）電動機對傳送帶多做的功為摩擦生熱減去滑塊損失的動能滑塊在傳送帶向最左端運動的過
20、程中做勻減速運動，最后減速到零，由牛頓第二定律可知 ，由運動學可知滑塊在傳送帶運動的時間，滑塊的位移則傳送帶的位移系統(tǒng)摩擦生熱為滑塊損失的動能為則電動機多做的功（3）再次滑上木板： 滑塊和木板再次損失的熱量木板和導軌碰撞后滑塊上升到最高點的過程： 聯(lián)立解得 （4）分析可知，滑塊在木板上相對滑動的過程中可看做勻減速運動，則總時間 物理選修3-313.下列關于內能的說法正確的是_A. 系統(tǒng)的內能是由系統(tǒng)的狀態(tài)決定的B. 不計分子之間的分子勢能，質量和溫度相同的氫氣和氧氣具有相同的內能C. 1 g 100水的內能小于1 g100水蒸氣的內能D. 內能少的物體也可以自發(fā)地將一部分內能轉移給內能多的物體
21、 。E. 理想氣體在絕熱膨脹的過程中，內能一定減小【答案】ACD【解析】【詳解】內能是指物體內部的所有分子做無規(guī)則的運動所具有的分子動能和分子勢能的總和，系統(tǒng)的內能是由系統(tǒng)的狀態(tài)決定的，A正確；溫度相同，則分子的平均動能相同，但是質量相同的氫氣和氧氣的分子數不相同，因此不具有相同的內能，B錯誤；相同溫度下的水變成水蒸氣需要吸收熱量，因此 的水的內能小于的水蒸氣的內能，C正確；內能包含分子勢能和分子動能，內能少的溫度可能高，內能多的物體可能溫度低，溫度高就會發(fā)生熱傳遞將內能傳遞給溫度低的物體，D正確；在真空中發(fā)生絕熱膨脹即不對外做功也沒有熱傳遞，因此內能不變，E錯誤。14.一端開口內壁光滑且導熱
22、的柱形氣缸水平放置在地面上，缸內的氣體被兩質量相等的活塞分隔成兩部分；達到平衡時，這兩部分氣體的體積相等，大氣壓強為p0，如圖(a)所示。若緩慢將氣缸開口向下豎直放置，再次達到平衡時，上下兩部分氣體的體積之比為2：1，如圖(b)所示。設外界溫度恒定，已知活塞面積為S，重力加速度大小為g，求活塞的質量。 【答案】【解析】【詳解】當將氣缸向下達到平衡時，對下面的活塞有平衡方程對上下兩個活塞作為整體則有平衡方程又因整個過程時等溫過程，因此且聯(lián)立解得 物理選修3-415.關于振動和波動，下列說法中正確的是_。A. 各種波均會發(fā)生偏振現(xiàn)象B. 單擺做簡諧運動的周期與擺球的質量有關C. 在波的干涉中，振動
23、加強點的位移不一定始終最大D. 部隊過橋不能齊步走而要便步走，是為了避免橋梁發(fā)生共振現(xiàn)象E. 我們在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變長，可以判斷該星球正在遠離我們【答案】CDE【解析】【詳解】橫波會發(fā)生偏轉現(xiàn)象，縱波則不會，A錯誤；單擺的運動周期只和擺線長度以及當地的重力加速度有關，和擺球的質量無關，B錯誤；振動加強點的質點也在平衡位置上下做簡諧振動，只是加強點的振幅變大，因此位移不是始終最大，C正確；當人齊步走過橋，會使得人不行的頻率和橋的固有頻率一致發(fā)生共振，因此不能齊步走，D正確；由多普勒效應可知如果光波的波長變長說明波源在遠離我們，即星球遠離我們，E正確。16.如圖所示，某種透明
24、材料做成的三棱鏡，其橫截面是橫截面是邊長為a的等邊三角形，現(xiàn)用一束寬度為a的單色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到該三棱鏡的AB及AC面上，結果所有從AB、AC面入射的光線進入后恰好全部直接到達BC面。求：（i）該材料對此平行光束的折射率；（ii）這些直接到達BC面的光線從BC面折射而出后，如果照射到一塊平行于BC面的屏上形成光斑，則當屏到BC面的距離d滿足什么條件時，此光斑分為兩條。【答案】（1） （2）當光屏到BC距離超過，光斑分為兩塊【解析】試題分析：（1）由于對稱性，我們考慮從AB面入射的光線，這些光線在棱鏡中是平行于AC面的，由對稱性不難得出，光線進入AB面時的入射角和折射角分別為：=60，=30由折射定律，材料折射率（2）如圖O為BC中點，在B點附近折射的光線從BC射出后與直線AO交于D，可看出只要光屏放得比D點遠，則光斑會分成兩塊由幾何關系可得：所以當光屏到BC距離超過時，光斑分為兩塊考點：考查光的折射定律【名師點睛】本題是幾何光學問題，作出光路圖是解題的關鍵之處，再運用幾何知識求出入射角和折射角，即能很容易解決此類問題- 17 -
遼寧省東北三省三校哈師大附中、東北師大附中、遼寧省實驗中學2019屆高三物理第二次聯(lián)合模擬考試試題（含解析）
