必考拉分專(zhuān)練(一)

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1、必考(2125 )拉分專(zhuān)練(一)必考(2125)拉分專(zhuān)練(一)(注:本局部主要針對(duì)選擇題中最后 5題的提升而設(shè)置)選擇題(此題共 5題,每題2分,共 10分)1(2021嘉興模擬)肼(N2H4)在不同條件下分解產(chǎn)物 不同200 C時(shí)在Cu外表分解的機(jī)理如圖1。200 C 時(shí)：反響：3N2H4(g) N2(g)+4NH3(g)AH1=-32.9 kJ-mol-i反響 II:N2H4(g)+H2(g) 2NH3(g)AH2=-418 kJmol-i圖1以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是()A圖1所示過(guò)程是放熱反響B(tài)反響II的能量過(guò)程示意圖如圖2所示I三i=iC斷開(kāi)3 mol N2H4(g)中的化學(xué)鍵吸收的能量

2、大于形 成1 mol N2(g)和4 mol NHg)中的化學(xué)鍵釋放的能 量D.200 C時(shí)，肼分解生成氮?dú)夂蜌錃獾臒峄瘜W(xué)方程式為 N2H4(g) N2(g)+2H2(g) AH=+50.7 kJ-mol-1Ill2（2021杭州二中模擬）某科研小組研究過(guò)硫酸鈉 （Na2S2O8）、高錳酸鉀和30%的過(guò)氧化氫三種氧化劑 于室溫下對(duì)土壤中的污染物鄰氯硝基苯的降解效果, 在直接氧化與間接氧化兩種途徑下，對(duì)等量樣品處理 相同一段時(shí)間后,得如下數(shù)據(jù)：圖甲圖乙以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）=1A隨著氧化劑劑量的增加，鄰氯硝基苯的降解率一定 增大B當(dāng)氧化劑種類(lèi)與劑量均相同時(shí)，間接氧化的降解效 果一定優(yōu)于直接氧化

3、的C當(dāng)氧化途徑、氧化劑劑量均相同時(shí),降解率最低的一定是過(guò)硫酸鈉D.用1.5 mmolg-i氧化劑進(jìn)行間接氧化時(shí)，降解速率 最大的一定是高錳酸鉀3（2021-浙江綠色評(píng)價(jià)聯(lián)盟統(tǒng)考）25 C時(shí),c mol-L-i CH3COOH溶液加水稀釋?zhuān)芤褐衏h3cooh和 ch3coo-二者中各自所占的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)（a隨溶液pH變化的關(guān)系如下圖。以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是 ()=1A.由圖可知,25 C時(shí)醋酸的Ka=10-4.76 Be molL-i CH3COOH溶液加水稀釋過(guò)程 中,a(CH3C OOH)增大貳(CH3COO-)也一定增大 C在pH=4.76的溶液中通入HCl,a(CH3COOH)增 大,

4、a(CH3C OO-)減小,(CH3COOH)+a(CH3COO-)=1 D對(duì)于圖像中曲線(xiàn)上任意一點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的溶液中，都有 c(CH3COO-)+c(OH-)=c(H+)4一氧化鉆(CoO)是一種重要的工業(yè)催化劑,某學(xué)習(xí) 小組欲從含鉆廢料(含Co2O3、CoO和少量Fe、Al) 中回收一氧化鉆，設(shè)計(jì)工藝流程如下：CCo2O3的氧化 性強(qiáng)于Cl2的氧化性;Al可溶于強(qiáng)堿) 以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是()A.第I步反響后得到的濾液主要是含鋁溶液 B第II步中鹽酸表現(xiàn)出酸性、復(fù)原性，且必須過(guò)量 C第皿步中Na2CO3的主要作用是使Fe3+沉淀，濾渣 主要為Fe(OH)3D第W步操作為過(guò)濾，第V步煅燒后，也

5、可以在一氧化 碳?xì)怏w氣氛中冷卻5某溶液中可能含有Cl-、SOy、CO NH4、Fe3+、 Fe2+和 Na+。某同學(xué)為了確定其組分，設(shè)計(jì)并完成了如 圖實(shí)驗(yàn)：由此可推測(cè)原溶液中()A一定存在NH4、Na+、SO4-，一定不存在CO3-B.定存在NH4、SO2-,一定不存在CO3-、Na+Cc(Cl-)至少為 0.2 molL-iDc(Fe3+)定為 0.2 molL-i參考答案必考(2125)拉分專(zhuān)練(一)1. C 圖1所示過(guò)程發(fā)生的反響是I，反響焓變?yōu)樨?fù)值，所以是放熱反響，故A正確； 反響II是放熱反響，圖2所示的能量過(guò)程示意圖正確出正確;由于反響I為放熱反響，因 此斷開(kāi)3molN2H4(g)

6、中的化學(xué)鍵吸收的能量小于形成1molN2(g)和4molNH3(g)中的化學(xué) 鍵釋放的能量,C錯(cuò)誤;根據(jù)蓋斯定律：I -2x11得N2H4(gN2(g)+2H2(g) AH=+507kJmol-iR 正確。2. D A項(xiàng)，由圖甲可知，高錳酸鉀劑量增大，鄰氯硝基苯降解率不變,錯(cuò)誤;B項(xiàng),觀(guān)察 兩圖可知，假設(shè)氧化劑均為高錳酸鉀、劑量為1mmolg-i,直接氧化的降解效果優(yōu)于間接 氧化的降解效果,錯(cuò)誤;C項(xiàng),觀(guān)察圖甲可知，劑量均為1mmolg-i,使用30%過(guò)氧化氫的降 解率最低,錯(cuò)誤;D項(xiàng)，由圖乙可知，用15mmolg-1氧化劑進(jìn)行間接氧化時(shí)，使用高錳酸鉀時(shí), 鄰氯硝基苯降解速率最大,正確。3.

7、B A項(xiàng),醋酸的笛；/%3爲(wèi)-)，由圖像可知pH=476時(shí),CH3COOH和 CH3COO-的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等Ka=c(H+)=10-476,正確;B項(xiàng)，加水稀釋?zhuān)龠M(jìn)醋酸電離，aCH3COOH)減小(CH3COO-)減小,錯(cuò)誤;C項(xiàng),向pH=476的溶液中通入HCl,pH減 小,抑制醋酸電離,a(CH3COOH)增大CHOO-)減小，根據(jù)物料守恒可知 a(CH3COOH)+a(CH3COO-)=1,正確;D項(xiàng)，醋酸溶液中存在的電荷守恒式為 c(CH3COO-)+c(OH-)=c(H+)，正確。4. D 廢料中含Co2O3、CoO和少量Fe、Al,只有Al能與NaOH溶液反響并溶解， 所以第I

8、步反響后得到的濾液主要是含鋁溶液，故A項(xiàng)正確;Co2O3的氧化性強(qiáng)于C.的 氧化性，所以第II步中鹽酸不僅表現(xiàn)出酸性，還表現(xiàn)出復(fù)原性，為了使CO3+完全轉(zhuǎn)化為 C02+,鹽酸必須過(guò)量，故B項(xiàng)正確;Fe3+、CO3-會(huì)發(fā)生相互促進(jìn)的水解反響,可產(chǎn)生Fe(OH)3, 那么第皿步中參加適量Na2CO3溶液發(fā)生反響:2Fe3+3CO2-+3H2=2Fe(OH)3；+3CO2T,第 W步繼續(xù)參加 N%CO3 溶液生成 CoCO3 沉淀,所以第皿步中Na2CO3的主要作用是使Fe3+沉淀，濾渣主要為Fe(OH)3，故C項(xiàng)正確; 第W步操作為過(guò)濾，得到CoCO3固體，第V步煅燒得到CoO,保護(hù)氣可以選用惰性

9、氣體， 但不能選用一氧化碳?xì)怏w,因?yàn)槎邥?huì)發(fā)生氧化復(fù)原反響生成Co和CO”故D項(xiàng)錯(cuò)誤。5. C 原溶液中參加過(guò)量NaOH溶液加熱后,收集到002皿01!，那么原溶液中一定有 NH+，且 n(NH+)=0.02mol;紅褐色沉淀灼燒最終得到160g固體,說(shuō)明原溶液中Fe3+、Fe2+ 至少有一種，現(xiàn)在不能確定是哪一種,160g固體為Fe2O3，且其物質(zhì)的量為0.01mol;濾液 參加足量鹽酸，溶液無(wú)氣體產(chǎn)生,說(shuō)明無(wú)CO3-，參加足量BaCl2溶液有4.66g固體產(chǎn)生，說(shuō)明 一定有SO4-，且物質(zhì)的量為002mol;根據(jù)溶液呈電中性,可知原溶液中一定有Cl-,由此可 知,溶液中一定有NH：、SO2-. Cle3+、Fe2+至少有一種;假設(shè)原溶液中只有Fe2+jC(Cl-) 為02molL-i;假設(shè)原溶液中只有Fes+或兩者都有，那么c(Cl-)大于02molL-i,故C選項(xiàng)正 確。