2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應

上傳人:xt****7 文檔編號:105450226 上傳時間:2022-06-12 格式:DOC 頁數(shù):15 大?。?.68MB
收藏 版權(quán)申訴 舉報 下載
2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應_第1頁
第1頁 / 共15頁
2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應_第2頁
第2頁 / 共15頁
2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應_第3頁
第3頁 / 共15頁

下載文檔到電腦,查找使用更方便

9.9 積分

下載資源

還剩頁未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應(15頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理大一輪復習 真題匯編 L單元 電磁感應16L1L2xx北京卷 如圖1所示,勻強磁場中有兩個導體圓環(huán)a、b,磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直磁感應強度B隨時間均勻增大兩圓環(huán)半徑之比為21,圓環(huán)中產(chǎn)生的感應電動勢分別為Ea和Eb,不考慮兩圓環(huán)間的相互影響下列說法正確的是()圖1AEaEb41,感應電流均沿逆時針方向BEaEb41,感應電流均沿順時針方向CEaEb21,感應電流均沿逆時針方向DEaEb21,感應電流均沿順時針方向16B解析 由法拉第電磁感應定律可知En,則EnR2.由于RaRb21,則EaEb41.由楞次定律和安培定則可以判斷產(chǎn)生順時針方向的電流選項B正確6L1 xx江蘇

2、卷 電吉他中電拾音器的基本結(jié)構(gòu)如圖1所示,磁體附近的金屬弦被磁化,因此弦振動時,在線圈中產(chǎn)生感應電流,電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)出聲音,下列說法正確的有()圖1A選用銅質(zhì)弦,電吉他仍能正常工作B取走磁體,電吉他將不能正常工作C增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電動勢D磁振動過程中,線圈中的電流方向不斷變化6BCD解析 選用銅質(zhì)弦時,不會被磁化,不會產(chǎn)生電磁感應現(xiàn)象,電吉他不能正常工作,選項A錯誤;取走磁體時,金屬弦磁性消失,電吉他不能正常工作,選項B正確;根據(jù)法拉第電磁感應定律可知,增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電動勢,選項C正確;根據(jù)楞次定律可知,磁振動過程中,線圈中的電流方向不斷變化,選

3、項D正確4L1xx海南卷 如圖1所示,一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直面內(nèi),環(huán)的圓心與兩導線距離相等,環(huán)的直徑小于兩導線間距兩導線中通有大小相等、方向向下的恒定電流若()圖1A金屬環(huán)向上運動,則環(huán)上的感應電流方向為順時針方向B金屬環(huán)向下運動,則環(huán)上的感應電流方向為順時針方向C金屬環(huán)向左側(cè)直導線靠近,則環(huán)上的感應電流方向為逆時針方向D金屬環(huán)向右側(cè)直導線靠近,則環(huán)上的感應電流方向為逆時針方向4D解析 由安培定則及對稱性可知,圓環(huán)圓心處磁感應強度為零從圓環(huán)圓心向左直到左側(cè)直導線,磁感應強度方向垂直于紙面向外,并且逐漸增大從圓環(huán)圓心向右直到右側(cè)直導線,磁感應強度方向垂直于紙面向里,并且逐漸

4、增大當金屬環(huán)上下運動時,磁通量時刻為零,沒有感應電流;當金屬環(huán)向左側(cè)直導線靠近時,磁通量垂直于紙面向外且在增大,由楞次定律得,感應電流為順時針方向;當金屬環(huán)向右側(cè)直導線靠近時,磁通量垂直于紙面向里且在增大,由楞次定律得,感應電流為逆時針方向,故D正確5L1xx上海卷 磁鐵在線圈中心上方開始運動時,線圈中產(chǎn)生如圖方向的感應電流,則磁鐵()圖1A向上運動 B向下運動C向左運動 D向右運動5B解析 從圖中看,產(chǎn)生感應電流的線圈可以等效為一個N極在上的磁鐵,根據(jù)楞次定律的推論“來拒去留”可知選項B正確19L1xx上海卷 如圖1(a)所示,螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強磁場,以圖中箭頭所示方向為其正方向

5、螺線管與導線框abcd相連,導線框內(nèi)有一小金屬圓環(huán)L,圓環(huán)與導線框在同一平面內(nèi)當螺線管內(nèi)的磁感應強度B隨時間按圖(b)所示規(guī)律變化時()圖1A在t1t2時間內(nèi),L有收縮趨勢B在t2t3時間內(nèi),L有擴張趨勢C在t2t3時間內(nèi),L內(nèi)有逆時針方向的感應電流D在t3t4時間內(nèi),L內(nèi)有順時針方向的感應電流19AD解析 在t1t2時間內(nèi),磁場增強,根據(jù)楞次定律可判斷出導線框中產(chǎn)生dcba方向的感應電流,且電流逐漸增大,則穿過圓環(huán)的磁通量增大,可知L有收縮趨勢,A正確;在t2t3時間內(nèi),磁場先減弱后反向增強,線圈中產(chǎn)生abcd方向的感應電流且保持不變,穿過圓環(huán)的磁通量不變,L內(nèi)無感應電流且沒有擴張或收縮的趨

6、勢,B、C錯誤;在t3t4時間內(nèi),沿負方向的磁場減弱,根據(jù)楞次定律可判斷出導線框中產(chǎn)生dcba方向的感應電流,且電流在逐漸減小,故穿過圓環(huán)的磁通量減小,L內(nèi)有順時針方向的感應電流,D正確L2 法拉第電磁感應定律、自感20L2xx全國卷 法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖1所示銅圓盤安裝在豎直的銅軸上,兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中圓盤旋轉(zhuǎn)時,關(guān)于流過電阻R的電流,下列說法正確的是()圖1A若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度恒定,則電流大小恒定B若從上向下看,圓盤順時針轉(zhuǎn)動,則電流沿a到b的方向流動C若圓盤轉(zhuǎn)動方向不變,角速度大小發(fā)生變化,則電流方向可能發(fā)生變化D若圓盤轉(zhuǎn)動的

7、角速度變?yōu)樵瓉淼?倍,則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍20AB解析 將圓盤看成由無數(shù)輻條組成,各輻條都在切割磁感線,從而產(chǎn)生感應電動勢,出現(xiàn)感應電流,當圓盤順時針轉(zhuǎn)動時(從上往下看),根據(jù)右手定則可判斷,圓盤上感應電流從邊緣向中心,流過電阻R的電流方向從a到b,B正確;由法拉第電磁感應定律可得,感應電動勢EBLvBL2,而I,故A正確,C錯誤;當角速度變?yōu)樵瓉淼?倍時,感應電動勢EBL2變?yōu)樵瓉淼?倍,感應電流I變?yōu)樵瓉淼?倍,電流在R上的熱功率PI2R變?yōu)樵瓉淼?倍,D錯誤21L2M1xx全國卷 如圖所示,M為半圓形導線框,圓心為OM;N是圓心角為直角的扇形導線框,圓心為ON;兩導線框在

8、同一豎直面(紙面)內(nèi);兩圓弧半徑相等;過直線OMON的水平面上方有一勻強磁場,磁場方向垂直于紙面現(xiàn)使線框M、N在t0時從圖示位置開始,分別繞垂直于紙面、且過OM和ON的軸,以相同的周期T逆時針勻速轉(zhuǎn)動,則()圖1A兩導線框中均會產(chǎn)生正弦交流電B兩導線框中感應電流的周期都等于TC在t時,兩導線框中產(chǎn)生的感應電動勢相等D兩導線框的電阻相等時,兩導線框中感應電流的有效值也相等21BC解析 設(shè)導線圈半徑為l,角速度為,兩導線框切割磁感線的等效長度始終等于圓弧半徑,因此在產(chǎn)生感應電動勢時其瞬時感應電動勢大小始終為EBl2,但進磁場和出磁場時電流方向相反,所以線框中應該產(chǎn)生方波交流式電,如圖所示,A錯誤;

9、由T可知,兩導線框中感應電流的周期相同,均為T,B正確;在t時,兩導線框均在切割磁感線,故兩導線框中產(chǎn)生的感應電動勢均為Bl2,C正確;對于線框M,有T,解得U有ME;對于線框N,有00T,解得U有NE,故兩導線框中感應電流的有效值并不相等,D錯誤13D4、D5、L2、L3xx江蘇卷 據(jù)報道,一法國攝影師拍到“天宮一號”空間站飛過太陽的瞬間照片中,“天宮一號”的太陽帆板輪廓清晰可見如圖所示,假設(shè)“天宮一號”正以速度v7.7 km/s繞地球做勻速圓周運動,運動方向與太陽帆板兩端M、N的連線垂直,M、N間的距離L20 m,地磁場的磁感應強度垂直于v,MN所在平面的分量B1.0105 T,將太陽帆板

10、視為導體圖1(1)求M、N間感應電動勢的大小E;(2)在太陽帆板上將一只“1.5 V,0.3 W”的小燈泡與M、N相連構(gòu)成閉合電路,不計太陽帆板和導線的電阻試判斷小燈泡能否發(fā)光,并說明理由;(3)取地球半徑R6.4103 km,地球表面的重力加速度g9.8 m/s2,試估算“天宮一號”距離地球表面的高度h(計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字)13答案 (1)1.54 V(2)不能,理由見解析(3)4105 m解析 (1)法拉第電磁感應定律EBLv,代入數(shù)據(jù)得E1.54 V(2)不能,因為穿過閉合回路的磁通量不變,不產(chǎn)生感應電流(3)在地球表面有Gmg勻速圓周運動Gm解得hgR,代入數(shù)據(jù)得h4105 m(

11、數(shù)量級正確都算對)16L1L2xx浙江卷 如圖12所示,a、b兩個閉合正方形線圈用同樣的導線制成,匝數(shù)均為10匝,邊長la3lb,圖示區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場,且磁感應強度隨時間均勻增大,不考慮線圈之間的相互影響,則()圖12A兩線圈內(nèi)產(chǎn)生順時針方向的感應電流Ba、b線圈中感應電動勢之比為91Ca、b線圈中感應電流之比為34Da、b線圈中電功率之比為3116B解析 由楞次定律可判斷,兩線圈中產(chǎn)生的感應電流均沿逆時針方向,選項A錯誤;由EnS,Sl2,R,I,P,可知Ea:Eb9:1,Ia:Ib3:1,Pa:Pb27:1,選項B正確,選項C、D錯誤L3 電磁感應與電路的綜合L4 電磁感應與

12、力和能量的綜合24L4 xx全國卷 如圖1,兩固定的絕緣斜面傾角均為,上沿相連兩細金屬棒ab(僅標出a端)和cd(僅標出c端)長度均為L,質(zhì)量分別為2m和m;用兩根不可伸長的柔軟輕導線將它們連成閉合回路abdca,并通過固定在斜面上沿的兩光滑絕緣小定滑輪跨放在斜面上,使兩金屬棒水平右斜面上存在勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向垂直于斜面向上,已知兩根導線剛好不在磁場中,回路電阻為R,兩金屬棒與斜面間的動摩擦因數(shù)均為,重力加速度大小為g,已知金屬棒ab勻速下滑求:(1)作用在金屬棒ab上的安培力的大?。?2)金屬棒運動速度的大小圖1答案 (1)mg(sin 3cos )(2)(sin 3cos

13、)解析 (1)設(shè)導線的張力的大小為T,右斜面對ab棒的支持力的大小為N1,作用在ab棒上的安培力的大小為F,左斜面對cd棒的支持力大小為N2,對于ab棒,由力的平衡條件得2mgsin N1TFN12mgcos 對于cd棒,同理有mgsin N2TN2mgcos 聯(lián)立式得Fmg(sin 3cos )(2)由安培力公式得FBIL這里I是回路abdca中的感應電流,ab棒上的感應電動勢為BLv式中,v是ab棒下滑速度的大小,由歐姆定律得I聯(lián)立式得v(sin 3cos )24L4xx全國卷 如圖1所示,水平面(紙面)內(nèi)間距為l的平行金屬導軌間接一電阻,質(zhì)量為m、長度為l的金屬桿置于導軌上t0時,金屬桿

14、在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運動t0時刻,金屬桿進入磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場區(qū)域,且在磁場中恰好能保持勻速運動桿與導軌的電阻均忽略不計,兩者始終保持垂直且接觸良好,兩者之間的動摩擦因數(shù)為.重力加速度大小為g.求:(1)金屬桿在磁場中運動時產(chǎn)生的電動勢的大?。?2)電阻的阻值圖124答案 (1)Blt0(2)解析 (1)設(shè)金屬桿進入磁場前的加速度大小為a,由牛頓第二定律得maFmg設(shè)金屬桿到達磁場左邊界時的速度為v,由運動學公式有vat0當金屬桿以速度v在磁場中運動時,由法拉第電磁感應定律,桿中的電動勢為EBlv聯(lián)立式可得EBlt0(2)設(shè)金屬桿在磁場區(qū)

15、域中勻速運動時,金屬桿中的電流為I,根據(jù)歐姆定律I式中R為電阻的阻值金屬桿所受的安培力為fBIl因金屬桿做勻速運動,由牛頓運動定律得Fmgf0聯(lián)立式得R7L4 xx四川卷 如圖1所示,電阻不計、間距為l的光滑平行金屬導軌水平放置于磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中,導軌左端接一定值電阻R.質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導軌上,受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運動,外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是FF0kv(F0、k是常量),金屬棒與導軌始終垂直且接觸良好金屬棒中感應電流為i,受到的安培力大小為FA,電阻R兩端的電壓為UR,感應電流的功率為P,它們隨時間t變化圖像可能正確的有(

16、)圖1圖17BC解析 設(shè)金屬棒在某一時刻速度為v,由題意可知,感應電動勢EBlv,感應電流Iv,即Iv;安培力FABIlv,方向水平向左,即FAv;R兩端電壓URIRv,即URv;感應電流功率PEIv2,即Pv2.分析金屬棒運動情況,由牛頓第二定律可得F合FFAF0kvvF0v,而加速度a.因為金屬棒從靜止出發(fā),所以F00,且F合0,即a0,加速度方向水平向右(1)若k,F(xiàn)合F0,即a,金屬棒水平向右做勻加速直線運動,有vat,說明vt,即It,F(xiàn)At,URt,Pt2,所以在此情況下沒有選項符合;(2)若k,F(xiàn)合隨v增大而增大,即a隨v增大而增大,說明金屬棒在做加速度增大的加速運動,根據(jù)四個物

17、理量與速度的關(guān)系可知B選項符合;(3)若kt0)穿過回路的總磁通量和金屬棒所受外加水平恒力的大小圖125答案 (1)(2)B0lv0(tt0)kSt(B0lv0kS)解析 (1)在金屬棒未越過MN之前,t時刻穿過回路的磁通量為ktS設(shè)在從t時刻到tt的時間間隔內(nèi),回路磁通量的變化量為,流過電阻R的電荷量為q.由法拉第電磁感應定律有E由歐姆定律有i由電流的定義有i聯(lián)立式得|q|t由式得,在t0到tt0的時間間隔內(nèi),流過電阻R的電荷量q的絕對值為|q|(2)當tt0時,金屬棒已越過MN.由于金屬棒在MN右側(cè)做勻速運動,有fF式中,f是外加水平恒力,F(xiàn)是勻強磁場施加的安培力設(shè)此時回路中的電流為I,F(xiàn)

18、的大小為 FB0Il此時金屬棒與MN之間的距離為sv0(tt0)勻強磁場穿過回路的磁通量為B0ls回路的總磁通量為t式中,仍如式所示由式得,在時刻t(tt0)穿過回路的總磁通量為tB0lv0(tt0)kSt在t到tt的時間間隔內(nèi),總磁通量的改變t為t(B0lv0kS)t由法拉第電磁感應定律得,回路感應電動勢的大小為Et由歐姆定律有I聯(lián)立式得f(B0lv0kS)2xx北京海淀區(qū)期末練習 圖K312是用電流傳感器(電流傳感器相當于電流表,其電阻可以忽略不計)研究自感現(xiàn)象的實驗電路,電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r,自感線圈L的自感系數(shù)足夠大,其直流電阻值大于燈泡D的阻值,在t0時刻閉合開關(guān)S,經(jīng)過一段時

19、間后,在tt1時刻斷開開關(guān)S.在圖K313所示的圖像中,可能正確表示電流傳感器記錄的電流隨時間變化情況的是()圖K312圖K3132B解析 閉合開關(guān)后,開始時線圈的阻礙作用很大,然后逐漸減小,因此外電路的電阻逐漸減小,故路端電壓逐漸減小,因此通過電流傳感器的電流逐漸減小,當斷開開關(guān)時,線圈產(chǎn)生自感電動勢,繼續(xù)對燈泡反向供電,供電電流大小等于穩(wěn)態(tài)時通過線圈的電流,穩(wěn)態(tài)時通過線圈的電流小于通過燈泡的電流,故反向?qū)襞莨╇姷碾娏鞅仍瓉淼男。缓笸ㄟ^燈泡的電流逐漸減小到零,B項正確1(多選)xx山東威海期末考試 如圖K321所示,兩個同心金屬環(huán)水平放置,半徑分別是r和2r,兩環(huán)間有磁感應強度為B、方向

20、垂直環(huán)面向里的勻強磁場,在兩環(huán)間連接有一個電容為C的電容器,a、b是電容器的兩個極板長為r的金屬棒AB沿半徑方向放置在兩環(huán)間且與兩環(huán)接觸良好,并繞圓心以角速度做逆時針方向(垂直環(huán)面向里看)的勻速圓周運動則下列說法正確的是()圖K321A金屬棒中有從B到A的電流B電容器a極板帶正電C電容器兩端電壓為D電容器所帶電荷量為1BC解析 根據(jù)右手定則可知金屬棒中的電流方向由A到B,故電容器a極板帶正電,A項錯誤,B項正確;金屬棒轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應電動勢為,C項正確;電容器所帶電荷量Q,D項錯誤2(多選)xx江西重點中學協(xié)作體第一次聯(lián)考 如圖K333所示,在間距為l、足夠長的兩條水平虛線間有垂直紙面向里的勻強

21、磁場,其上方距上邊界h處有一導線框(各邊長如圖中標注),現(xiàn)將導線框由靜止釋放,從線框下邊進入磁場開始計時至線框完全離開磁場(整個過程線框保持豎直且不翻轉(zhuǎn))該過程中vt圖線可能正確的是()圖K333圖K3342CD解析 線框如果剛進入過程勻速,則當下降的距離等于l后,受到的安培力將小于重力,線框?qū)⒆黾铀龠\動,隨著速度的增大,加速度逐漸減小,當加速度減為零時將做勻速運動,A項錯誤,C項正確;線框如果剛進入過程做加速運動,則當下降的距離等于l后,加速度將突然增大,B項錯誤;線框如果剛進入過程做減速運動,安培力逐漸變小,故減速的加速度逐漸變小,最后有可能做勻速運動,當下降的距離等于l后,安培力等于重力

22、的一半,將做加速運動,隨著速度的增大,加速度將逐漸變小,最后做勻速運動,D項正確3(多選)xx山東日照一中期末考試 如圖K343所示,足夠長的金屬導軌豎直放置,金屬棒ab、cd均通過棒兩端的環(huán)套在金屬導軌上虛線上方有垂直紙面向里的勻強磁場,虛線下方有豎直向下的勻強磁場,兩勻強磁場的磁感應強度大小均為B.ab、cd棒與導軌間動摩擦因數(shù)均為,兩棒總電阻為R,導軌電阻不計開始兩棒靜止在圖示位置,當cd棒無初速度釋放時,對ab棒施加豎直向上的力F,使其沿導軌向上做勻加速運動則()圖K343Aab棒中的電流方向由b到a Bcd棒先加速運動后勻速運動Ccd棒所受摩擦力的最大值大于cd棒的重力D力F做的功等

23、于兩棒產(chǎn)生的電熱與ab棒增加的機械能之和3ACD解析 ab向上運動的過程中,穿過閉合回路abdc的磁通量增大,根據(jù)楞次定律可得ab棒中的感應電流方向為ba,故A正確;cd棒中感應電流由c到d,其所在的區(qū)域有向下的磁場,所受的安培力向里,cd棒所受的摩擦力向上,ab棒做加速直線運動,速度增大,產(chǎn)生的感應電流增加,cd棒所受的安培力增大,對導軌的壓力增大,則滑動摩擦力增大,摩擦力先小于重力,后大于重力,所以cd棒先加速運動后減速運動,最后停止運動,故B錯誤,C正確;以ab棒為研究對象,根據(jù)動能定理可得WFW安培WGmv20,力F所做的功應等于兩棒產(chǎn)生的電熱與ab棒增加的機械能之和,故D正確4xx濟

24、南期末考試 如圖K344所示,電阻不計的“”形足夠長且平行的導軌,間距L1 m,導軌傾斜部分的傾角53,并與定值電阻R相連整個空間存在著B5 T、方向垂直傾斜導軌平面向上的勻強磁場金屬棒ab、cd的阻值RabRcdR,cd棒質(zhì)量m1 kg.ab棒光滑,cd棒與導軌間的動摩擦因數(shù)0.3,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力g取10 m/s2,sin 530.8,cos 530.6.(1)ab棒由靜止釋放,當滑至某一位置時,cd棒恰好開始滑動求這一時刻ab棒中的電流(2)若ab棒無論從多高的位置釋放,cd棒都不動,分析ab棒質(zhì)量應滿足的條件(3)若ab棒無論質(zhì)量多大、從多高位置釋放,cd棒始終不動求cd棒

25、與導軌間的動摩擦因數(shù)應滿足的條件圖K3444(1) A(2)mab2.08 kg(3)0.75解析 (1)cd棒剛要開始滑動時,對其受力分析如圖所示由平衡條件得BIcdLcos 53f0 FNmgBIcdLsin 530又fFN 聯(lián)立以上三式,得Icd A,所以Iab2Icd A.(2)ab棒在足夠長的軌道上下滑時,最大安培力FAmabgsin 53cd棒所受最大安培力應為FA,要使cd棒不能滑動,需:FAcos 53由以上兩式聯(lián)立解得:mab2.08 kg.(3)ab棒下滑時,cd棒始終靜止,有FAcos 53當ab棒質(zhì)量無限大時,在無限長軌道上最終一定勻速運動,安培力FA趨于無窮大,cd棒

26、所受安培力也趨于無窮大,由數(shù)學知識有:0.75.3xx北京海淀區(qū)期末練習 如圖K353所示,PQ和MN是固定于水平面內(nèi)間距L1.0 m的平行金屬軌道,軌道足夠長,其電阻可忽略不計兩相同的金屬棒ab、cd放在軌道上,運動過程中始終與軌道垂直,且接觸良好,它們與軌道形成閉合回路已知每根金屬棒的質(zhì)量m0.20 kg,每根金屬棒位于兩軌道之間部分的電阻值R1.0 ;金屬棒與軌道間的動摩擦因數(shù)0.20,且與軌道間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力整個裝置處在豎直向上、磁感應強度B0.40 T的勻強磁場中重力加速度g取10 m/s2.(1)在t0時刻,用垂直于金屬棒的水平力F向右拉金屬棒cd,使其從靜止開始沿軌

27、道以a5.0 m/s2的加速度做勻加速直線運動,求金屬棒cd運動多長時間金屬棒ab開始運動;(2)若用一個適當?shù)乃酵饬向右拉金屬棒cd,使其達到速度v120 m/s沿軌道勻速運動時,金屬棒ab也恰好以恒定速度沿軌道運動求:金屬棒ab沿軌道運動的速度大?。凰酵饬的功率圖K3533(1)1.0 s(2)15 m/s16 W解析 (1)設(shè)金屬棒cd運動t時間金屬棒ab開始運動,根據(jù)運動學公式可知:此時金屬棒cd的速度vat金屬棒cd產(chǎn)生的電動勢E1BLv,通過金屬棒的電流I1金屬棒ab所受安培力FA1BI1L金屬棒ab開始運動時刻,F(xiàn)A1mg解得:t1.0 s.(2)設(shè)金屬棒cd以速度v120 m/s沿軌道勻速運動時,金屬棒ab沿軌道勻速運動的速度大小為v2.此時通過ab、cd兩金屬棒的電流I2金屬棒ab所受安培力FA2BI2Lmg解得:v215 m/s.以金屬棒cd為研究對象,其所受水平外力F、滑動摩擦力Ff以及安培力FA3三個力的合力為零即:FFA3Ff0;其中FA3FA2Ffmg解得:水平外力F的功率PFv116 W.

展開閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預覽,若沒有圖紙預覽就沒有圖紙。
4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負責。
6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準確性、安全性和完整性, 同時也不承擔用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關(guān)資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關(guān)于我們 - 網(wǎng)站聲明 - 網(wǎng)站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網(wǎng)站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網(wǎng)版權(quán)所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號:ICP2024067431-1 川公網(wǎng)安備51140202000466號


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務(wù)平臺,本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護處理,對上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請立即通知裝配圖網(wǎng),我們立即給予刪除!