（通用版）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測(cè)（十四）牛頓第二定律（雙基落實(shí)課）（含解析）.doc

課時(shí)檢測(cè)(十四) 牛頓第二定律 (雙基落實(shí)課)1雨滴從空中由靜止落下，若雨滴受到的空氣阻力隨雨滴下落速度的增大而增大，選項(xiàng)圖中能大致反映雨滴運(yùn)動(dòng)情況的是()解析：選C根據(jù)題意，對(duì)雨滴進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可得mgkvma，隨雨滴速度的增大可知雨滴做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故C正確。2在解一道文字計(jì)算題(由字母表達(dá)結(jié)果的計(jì)算題)時(shí)，一個(gè)同學(xué)解得x(t1t2)，用單位制的方法檢查，這個(gè)結(jié)果()A可能是正確的B一定是錯(cuò)誤的C如果用國(guó)際單位制，結(jié)果可能正確D用國(guó)際單位制，結(jié)果錯(cuò)誤，如果用其他單位制，結(jié)果可能正確解析：選B由x(t1t2)可知x的單位為：sm/s，此為速度的單位，而位移的單位為m，所以結(jié)果錯(cuò)誤，B正確。3下列關(guān)于超重和失重的說(shuō)法正確的是()A游泳高手可以靜躺在水面上，那時(shí)的人處于完全失重狀態(tài)B跳水運(yùn)動(dòng)員在入水前處于失重狀態(tài)，入水后短時(shí)間內(nèi)處于超重狀態(tài)C飛船利用火箭發(fā)射后，上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)，返回地面過(guò)程中處于失重狀態(tài)D給物塊一個(gè)初速度沿斜面上滑，上滑的過(guò)程中物塊處于超重狀態(tài)，到最高點(diǎn)后下滑，下滑的過(guò)程中物塊處于失重狀態(tài)解析：選B人處于完全失重狀態(tài)時(shí)，有向下的加速度且大小等于重力加速度，A錯(cuò)誤；跳水運(yùn)動(dòng)員入水前有向下的加速度處于失重狀態(tài)，入水后短時(shí)間內(nèi)有向上的加速度處于超重狀態(tài)，B正確；飛船返回地面時(shí)有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，C錯(cuò)誤；物塊上滑的過(guò)程有向下的加速度，物塊處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。4“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根橡皮繩。質(zhì)量為m的小明靜止懸掛在空中時(shí)，兩橡皮繩的夾角為60，則()A每根橡皮繩的拉力為mgB若將懸點(diǎn)間距離變小，則每根橡皮繩所受拉力將變小C若此時(shí)小明左側(cè)橡皮繩在腰間斷裂，則小明此時(shí)加速度為gD若拴在腰間左右兩側(cè)的是懸點(diǎn)等高、完全相同的兩根輕繩，則小明左側(cè)輕繩在腰間斷裂時(shí)，小明的加速度為g解析：選B根據(jù)平行四邊形定則知，2Fcos 30mg，解得Fmg，故A錯(cuò)誤；根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，2Fcos mg，當(dāng)懸點(diǎn)間的距離變小時(shí)，變小，cos 變大，可知橡皮繩的拉力變小，故B正確；當(dāng)左側(cè)橡皮繩斷裂，斷裂的瞬間，右側(cè)橡皮繩的拉力不變，則重力和右側(cè)橡皮繩拉力的合力與左側(cè)橡皮繩初始時(shí)的拉力大小相等、方向相反，合力大小為mg，加速度為g，故C錯(cuò)誤；當(dāng)兩側(cè)為輕繩時(shí)，左側(cè)輕繩斷裂瞬間，右側(cè)輕繩上拉力發(fā)生突變，將重力沿輕繩方向和垂直于輕繩方向正交分解，合力為mgsin 30，加速度為g，方向沿垂直于右側(cè)輕繩的方向斜向下，故D錯(cuò)誤。5(2019廣元檢測(cè))如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長(zhǎng)到O點(diǎn)并系住質(zhì)量為m的物體。現(xiàn)將彈簧壓縮到A點(diǎn)，然后釋放，物體可以一直運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)。如果物體受到的阻力恒定，則()A物體從A到O先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)B物體從A到O做加速運(yùn)動(dòng)，從O到B做減速運(yùn)動(dòng)C物體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，所受合力為零D物體從A到O的過(guò)程中，加速度逐漸減小解析：選A物體從A到O，初始階段受到向右的彈力大于阻力，合力向右。隨著物體向右運(yùn)動(dòng)，彈力逐漸減小，合力逐漸減小，由牛頓第二定律可知，加速度向右且逐漸減小，由于加速度與速度同向，物體的速度逐漸增大。當(dāng)物體向右運(yùn)動(dòng)至AO間某點(diǎn)(設(shè)為點(diǎn)O)時(shí)，彈力減小到與阻力相等，物體所受合力為零，加速度為零，速度達(dá)到最大。此后，隨著物體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，彈力繼續(xù)減小，阻力大于彈力，合力方向變?yōu)橄蜃?，至O點(diǎn)時(shí)彈力減為零，此后彈力向左且逐漸增大。所以物體越過(guò)O點(diǎn)后，合力(加速度)方向向左且逐漸增大，由于加速度與速度反向，故物體做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)。A正確。6(2019莆田質(zhì)檢)如圖所示，質(zhì)量分別為m11 kg、m24 kg 的A、B兩物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)連接，大小均為20 N的水平拉力F1、F2分別作用在A、B上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是()A彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是0B彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是40 NC突然撤去F2的瞬間，B的加速度大小為5 m/s2D撤去F1后，當(dāng)A、B加速度相同時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是16 N解析：選C兩水平拉力大小相等，兩物體受力平衡，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)T20 N，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；在突然撤去F2的瞬間，因?yàn)閺椈傻膹椓Σ荒馨l(fā)生突變，所以B的加速度大小為a2 m/s25 m/s2, 選項(xiàng)C正確；撤去F1后， 當(dāng)A、B加速度相同時(shí)， 滿足，解得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)T4 N，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。7(多選)一物體重為50 N，與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2?，F(xiàn)加上如圖所示的水平力F1和F2，若F215 N時(shí)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則F1的值可能是(g10 m/s2)()A3 NB25 NC30 N D50 N解析：選ACD若物體向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知 F2F1Gma>0，解得F1<5 N，A正確；若物體向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知 F1F2Gma>0，解得F1>25 N，C、D正確。8.(多選)如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平地面上，A、B、C三球的質(zhì)量均為m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A相連，A、B間由一輕質(zhì)細(xì)線連接，B、C間由一輕桿相連。彈簧、細(xì)線與輕桿均平行于斜面，初始系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是()AA的加速度沿斜面向上，大小為gsin BC的受力情況未變，加速度為0CB、C兩球的加速度均沿斜面向下，大小均為gsin DB、C之間桿的彈力大小為0解析：選CD初始系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，把B、C看成整體，對(duì)B、C整體受力分析，受重力2mg、斜面的支持力FN、細(xì)線的拉力FT，由平衡條件可得FT2mgsin ，對(duì)A進(jìn)行受力分析，A受重力mg、斜面的支持力、彈簧的彈力F彈和細(xì)線的拉力FT，由平衡條件可得F彈FTmgsin 3mgsin ，細(xì)線被燒斷的瞬間，細(xì)線的拉力會(huì)突變?yōu)榱?，彈簧的彈力不變，根?jù)牛頓第二定律得A的加速度沿斜面向上，大小為a2gsin ，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；細(xì)線被燒斷的瞬間，把B、C看成整體，根據(jù)牛頓第二定律得B、C兩球的加速度大小為agsin ，均沿斜面向下，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；假設(shè)桿對(duì)C有彈力，對(duì)C進(jìn)行受力分析，C受重力mg、桿的彈力F和斜面的支持力，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin Fma，解得F0，所以B、C之間桿的彈力大小為0，選項(xiàng)D正確。9(多選)(2019郴州質(zhì)檢)如圖(a)所示，質(zhì)量為5 kg的小物塊以初速度v011 m/s從53的固定斜面底端先后兩次滑上斜面。第一次對(duì)小物塊施加一沿斜面向上的恒力F，第二次無(wú)恒力F。圖(b)中的兩條線段a、b分別表示存在恒力F和無(wú)恒力F時(shí)小物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的vt圖線。不考慮空氣阻力，g10 m/s2(sin 530.8，cos 530.6)。下列說(shuō)法中正確的是()A恒力F的大小為5 NB恒力F的大小為10 NC小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5解析：選AD由題圖可得有恒力F時(shí)：a1 m/s210 m/s2；無(wú)恒力F時(shí)：a2 m/s211 m/s2；由牛頓第二定律得：無(wú)恒力F時(shí)：mgsin mgcos ma2，解得：0.5，有恒力F時(shí)：mgsin mgcos Fma1，解得：F5 N，故A、D正確，B、C錯(cuò)誤。10一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)最多能掛54 kg重的物體，在實(shí)際以1 m/s2 加速下降的電梯里，它最多能掛上多重的物體？如果在電梯內(nèi)彈簧測(cè)力計(jì)最多能掛上40 kg的物體，此刻電梯在做什么運(yùn)動(dòng)？加速度的大小為多少？(取g10 m/s2)解析：彈簧測(cè)力計(jì)的最大拉力為FMg540 N，電梯加速下降時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得mgFma，解得：m60 kg。最多能掛上40 kg的物體時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得Fmgma，解得：a3.5 m/s2，電梯向上做勻加速運(yùn)動(dòng)或向下做勻減速運(yùn)動(dòng)。答案：60 kg向上做勻加速運(yùn)動(dòng)或向下做勻減速運(yùn)動(dòng)3.5 m/s2