（通用版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前仿真適應(yīng)性訓(xùn)練（二）（含解析）.doc

考前仿真適應(yīng)性訓(xùn)練（二）(限時：60分鐘滿分：110分)第卷(共48分)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1下列說法中正確的是()A. U nKrBa3n是聚變反應(yīng)B放射性元素與其他的元素形成化合物時不具有放射性C貝克勒爾通過實驗發(fā)現(xiàn)了中子，湯姆孫通過實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子D根據(jù)玻爾的原子模型，一群氫原子從n4的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可輻射6種不同頻率的光子解析：選DA中所示的反應(yīng)是重核裂變反應(yīng)，選項A錯誤；放射性元素與其他的元素形成化合物時仍具有放射性，選項B錯誤；查德威克通過實驗發(fā)現(xiàn)了中子，湯姆孫通過實驗發(fā)現(xiàn)了電子，選項C錯誤；根據(jù)玻爾的原子模型，一群氫原子從n4的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可輻射C6種不同頻率的光子，選項D正確。2某人造地球衛(wèi)星繞地球的運動軌跡為橢圓，地球位于橢圓的一個焦點上。已知衛(wèi)星在近地點的速率為v1、加速度大小為a1、到地心的距離為r1，衛(wèi)星在遠地點的速率為v2、加速度大小為a2、到地心的距離為r2。則()Aa1a2Ba1r1v12Ca2r2v22 Da1r1v12解析：選C根據(jù)a，由r1 r2可知a1>a2，A錯誤；在近地點的曲率半徑R1>r1，由a1<可知a1r1<v12，同理在遠地點的曲率半徑R2<r2，由a2>可知a2r2>v22，B、D錯誤，C正確。3.如圖所示，半徑為r的圓形空間內(nèi)，存在垂直于紙面向外的勻強磁場，一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子(不計重力)，從靜止經(jīng)電場加速后從圓形空間邊緣上的A點沿半徑方向垂直于磁場方向射入磁場，在C點射出，已知AOC120，粒子在磁場中運動時間為t0，則加速電場的電壓是()A. B.C. D.解析：選A根據(jù)幾何知識可知，粒子軌跡對應(yīng)的圓心角為60，軌跡半徑為Rrtan 60r，由t0及qUmv2，得U，A正確。4.如圖所示是在勻強電場中畫出的一個正六邊形，該六邊形所在平面與電場線(圖中未畫出)平行。已知正六邊形的邊長為2 cm，將一電荷量為1.0108 C的正點電荷從B點移動到C點克服電場力做功為2.0108 J，將該點電荷從B點移動到A點，電場力做的功為2.0108 J。由上述信息通過計算不能確定的是()A電場強度的大小B過A點的等勢線C電場線由C指向FD該點電荷沿直線由B點移動到F點電場力所做的功解析：選CUBC V2 V，同理：UBA V2 V，可知電場線由C指向A；FA為過A點的等勢線；根據(jù)E可計算電場強度的大??；因UBAUBF，根據(jù)WUq可計算點電荷沿直線由B點移動到F點電場力所做的功；故A、B、D能確定，C不能確定。5.如圖所示，一砂袋用無彈性輕細繩懸于O點。開始時砂袋處于靜止狀態(tài)，一彈丸以水平速度v0打入砂袋后未穿出，二者共同擺動。若彈丸質(zhì)量為m，砂袋質(zhì)量為5m，彈丸和砂袋形狀大小忽略不計，彈丸打入砂袋后漏出的砂子質(zhì)量忽略不計，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法中正確的是()A彈丸打入砂袋過程中，細繩所受拉力大小保持不變B彈丸打入砂袋過程中，彈丸對砂袋的沖量大小大于砂袋對彈丸的沖量大小C彈丸打入砂袋過程中所產(chǎn)生的熱量為D砂袋和彈丸一起擺動所達到的最大高度為解析：選D彈丸打入砂袋的過程，由動量守恒定律mv0(m5m)v，解得vv0；彈丸打入砂袋后，砂袋質(zhì)量變大，且做圓周運動，根據(jù)T6mg6m可知，細繩所受拉力變大，選項A錯誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，彈丸打入砂袋過程中，彈丸對砂袋的作用力與砂袋對彈丸的作用力大小相等，又作用時間相等，故彈丸對砂袋的沖量大小等于砂袋對彈丸的沖量大小，選項B錯誤；彈丸打入砂袋過程中所產(chǎn)生的熱量為Qmv026mv2mv02，選項C錯誤； 由機械能守恒定律可得：6mv26mgh，解得h，選項D正確。6如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1n2101，原線圈輸入的交流電壓如圖乙所示，副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12 V、工作時內(nèi)阻為2 的電動機。閉合開關(guān)，電動機正常工作，電流表示數(shù)為1 A，則()A副線圈兩端電壓為22 VB電動機輸出的機械功率為10 WC通過電動機的交流電頻率為50 HzD突然卡住電動機，原線圈輸入功率變小解析：選BC原線圈兩端輸入電壓最大值為Um220 V，則有效值：U1220 V，U2U122 V，選項A錯誤；電動機輸出的機械功率：PUI2I22r10 W，選項B正確；由題圖乙知原線圈所接電壓的周期為0.02 s，則f50 Hz，選項C正確；卡住電動機，變壓器副線圈的電壓不變，由于電動機無法對外做功，則副線圈的電流增大，輸出功率變大，則原線圈輸入功率變大，選項D錯誤。7.如圖所示，絕緣彈簧的下端固定在斜面底端，彈簧與斜面平行且初始時自然伸長，帶電小球Q(可視為質(zhì)點)固定在光滑斜面的M點，處于通過彈簧中心的直線ab上?，F(xiàn)將帶電小球P(也視為質(zhì)點)從直線ab上的N點由靜止釋放，設(shè)P與Q電性相同，則P從釋放到運動至最低點的過程中，下列說法正確的是()AP的速度先增大后減小BP的速度最大時所受合力為零CP的重力勢能與電勢能的和一直減小DP所受的重力、彈簧的彈力和庫侖力做功的代數(shù)和等于電勢能的變化量的大小解析：選ABCP先沿斜面加速向下運動，Q對P有沿斜面向下的庫侖力，P先做加速運動，壓縮彈簧后，當加速度減小到零后，減速向下運動，當彈簧壓縮量最大時，P靜止，故速度先增大后減小，選項A正確；由上述分析可知，當P所受的合力為零時，速度最大，選項B正確；P運動的過程中重力和電場力都一直做正功，重力勢能與電勢能的和一直減小，選項C正確；根據(jù)動能定理知，P所受的重力、彈簧的彈力和庫侖力做功的代數(shù)和等于動能的變化量的大小，整個過程為零，選項D錯誤。8如圖甲所示，質(zhì)量m3.0103 kg 的金屬細框豎直放置在兩水銀槽中，細框的水平細桿CD長l0.20 m，處于磁感應(yīng)強度大小B11.0 T、方向水平向右的勻強磁場中。有一匝數(shù)n300、面積S0.01 m2 的線圈通過開關(guān)K與兩水銀槽相連。線圈處于與線圈平面垂直、沿豎直方向的勻強磁場中，其磁感應(yīng)強度B2隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。t0.22 s時閉合開關(guān)K，細框瞬間跳起(細框跳起瞬間安培力遠大于重力)，跳起的最大高度h0.20 m。不計空氣阻力，重力加速度 g10 m/s2，下列說法正確的是()A00.10 s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電動勢大小為3 VB開關(guān)K閉合瞬間，CD中的電流方向為由C到DC磁感應(yīng)強度B2的方向豎直向下D開關(guān)K閉合瞬間，通過細框的電荷量為0.03 C解析：選BD由題圖乙可知，00.10 s內(nèi)，BS(1.00)0.01 Wb0.01 Wb，線圈中的感應(yīng)電動勢大?。篍n300 V30 V，故選項A錯誤；由題意可知開關(guān)K閉合瞬間，CD所受安培力方向豎直向上，由左手定則可知，電流方向為由C到D，由安培定則可知感應(yīng)電流在線圈中產(chǎn)生的磁場方向豎直向上，由題圖乙可知，在t0.22 s時穿過線圈的磁通量在減少，由楞次定律可知，磁感應(yīng)強度B2方向豎直向上，故選項B正確，C錯誤；對細框，由動量定理得：B1Iltmv0，細框向上做豎直上拋運動，則v22gh，電荷量：QIt，解得：Q C0.03 C，故選項D正確。第卷(共62分)二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分，第912題為必考題，每個試題都必須作答。第1314題為選考題，根據(jù)要求作答。(一)必考題：共47分。9.(5分)某同學(xué)要研究輕質(zhì)彈簧的彈性勢能與彈簧長度改變量的關(guān)系，進行了如下實驗：在離地面高度為h的光滑水平桌面上，沿著與桌面邊緣垂直的方向放置一輕質(zhì)彈簧，其左端固定，右端與一個質(zhì)量為m的小鋼球接觸。當彈簧處于自然長度時，小鋼球恰好在桌面邊緣，如圖所示。讓小鋼球向左壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，小鋼球沿水平方向射出桌面，小鋼球在空中飛行后落在水平地面上，飛行的水平距離為s。(1)小鋼球離開桌面時的速度大小為v0_，彈簧的彈性勢能Ep與小鋼球質(zhì)量m、桌面離地面高度h、小鋼球飛行的水平距離s等物理量之間的關(guān)系式為Ep_。(2)彈簧的壓縮量x與對應(yīng)的小鋼球飛行的水平距離s的實驗數(shù)據(jù)如表所示：彈簧的壓縮量x/cm1.001.502.002.503.003.50小鋼球飛行的水平距離s/m2.013.004.014.966.017.00由實驗數(shù)據(jù)，可確定彈性勢能Ep與彈簧的壓縮量x的關(guān)系為_(式中k為比例系數(shù))。AEpkx BEpkCEpkx2 DEpk解析：(1)小鋼球離開桌面后做平拋運動，水平方向有：sv0t，豎直方向有：hgt2，解得：v0s，根據(jù)功能關(guān)系有：Epmv02，解得：Ep。(2)根據(jù)表格中數(shù)據(jù)，可得出xs，又Eps2，故彈性勢能Ep與彈簧的壓縮量x的關(guān)系為Epkx2，故A、B、D錯誤，C正確。答案：(1)s(2)C10(10分)某同學(xué)為了測量電源的電動勢和內(nèi)阻設(shè)計了圖(a) 所示電路，所用的實驗器材有：待測電源，量程為3 V 的電壓表V(內(nèi)阻無窮大)，電阻箱R，阻值未知的定值電阻R0，開關(guān)K1，雙擲開關(guān)K2。實驗步驟如下：調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為20 ，K2接a，閉合K1，記下電壓表的讀數(shù)為2.00 V，斷開K1；保持電阻箱的阻值不變，K2切換到b，閉合K1，記下圖(b)所示電壓表的讀數(shù)，斷開K1；將K2再切換到a，閉合K1，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的阻值R和對應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，斷開K1；以為縱坐標，為橫坐標，繪出圖線(用直線擬合)?；卮鹣铝袉栴}：(1)圖(b)所示電壓表的讀數(shù)為_V，定值電阻R0_。(2)用E、r表示電動勢和內(nèi)阻，則與關(guān)系式為_。(3)依據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的圖線如圖(c)所示，則電源電動勢E_V，內(nèi)阻r_(計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)。解析：(1)電壓表量程為3 V，由題圖(b)知最小分度為0.1 V，可得其讀數(shù)為2.30 V；當R20 ，K2接a，閉合K1時得通過R的電流為 A0.1 A，K2切換到b，閉合K1時，電阻箱與R0串聯(lián)，則由歐姆定律可知，R03.0 。(2)由實驗步驟及閉合電路歐姆定律可知，UR，變形可得：。(3)題圖(c)中，圖線與縱坐標軸的交點為0.34，由(2)中關(guān)系式可得E V2.9 V，圖線斜率k，由圖線數(shù)據(jù)知k1.44，解得r1.2 。答案：(1)2.303.0(3或3.00)(2)(3)2.91.2(1.11.3均可)11.(12分)空間存在電場強度方向豎直向上的勻強電場，水平地面上有一根細短管，與水平地面之間的夾角為37，如圖所示，一直徑略小于細短管直徑、質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，從水平地面上方一定高度處水平拋出，經(jīng)時間t小球恰好無碰撞地落入細短管。已知細短管到拋出點的水平距離為d，重力加速度大小為g，sin 370.6，cos 370.8，空氣阻力不計，求：(1)小球拋出點與落地點間的高度差；(2)細短管所在位置與小球拋出點間的電壓U。解析：(1)小球拋出后做類平拋運動，由此可得：小球拋出時的速度大小v0，設(shè)小球下落的加速度大小為a，則hat2，由題意知tan 37，解得h。(2)小球落入細短管時的速度大小為v，對小球在空中運動的過程，由動能定理得：mghqUmv2mv02，解得U。答案：(1)(2)12.(20分)足夠長的傾角為的光滑斜面的底端固定一輕彈簧，彈簧的上端連接質(zhì)量為m、厚度不計的鋼板，鋼板靜止時彈簧的壓縮量為x0，O點為彈簧自然伸長時鋼板的位置，如圖所示。一物塊從鋼板上方距離為3x0的A處沿斜面滑下，與鋼板碰撞后立刻與鋼板一起向下運動，但不粘連，它們到達最低點后又向上運動。已知物塊質(zhì)量也為m時，它們恰能回到O點，若物塊質(zhì)量為2m，仍從A處沿斜面滑下，則物塊與鋼板回到O點時，還具有向上的速度，已知重力加速度為g，求：(1)質(zhì)量為m的物塊與鋼板碰撞后瞬間的速度大??；(2)碰撞前彈簧的彈性勢能；(3)質(zhì)量為2m的物塊沿斜面向上運動到達的最高點離O點的距離。解析：(1)設(shè)質(zhì)量為m的物塊與鋼板碰撞前速度為v0，由動能定理得3mgx0sin mv02解得：v0設(shè)質(zhì)量為m的物塊與鋼板碰撞后瞬間一起運動的速度為v1，由動量守恒定律得mv02mv1解得：v1。(2)設(shè)碰撞前彈簧的彈性勢能為Ep，當質(zhì)量為m的物塊與鋼板一起回到O點時，彈簧自然伸長，彈性勢能為零，根據(jù)機械能守恒定律得Ep2mv122mgx0sin 解得：Epmgx0sin 。(3)由動能定理易知，質(zhì)量為2m的物塊與鋼板碰撞前的速度仍為v0，設(shè)質(zhì)量為2m的物塊與鋼板碰撞后瞬間一起運動的速度為v2，由動量守恒定律得2mv03mv2它們回到O點時，彈性勢能為零，但它們?nèi)岳^續(xù)向上運動，設(shè)此時速度為v，由機械能守恒定律得Ep3mv223mgx0sin 3mv2在O點物塊與鋼板分離，分離后，物塊以速度v繼續(xù)沿斜面上升，設(shè)運動到達的最高點離O點的距離為s，有v22as2mgsin 2ma解得：s。答案：(1)(2)mgx0sin (3)(二)選考題：共15分。請在第13、14題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分。13選修33(15分)(1)(5分)下列說法正確的是_。(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A晶體具有確定的熔點B露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用C某物體溫度高，組成該物體的某些分子速率可能很小D理想氣體從外界吸熱，則內(nèi)能一定增大E壓縮氣體需要力表明氣體分子間存在斥力(2)(10分)如圖所示，一絕熱汽缸豎直放置，一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉于汽缸中，活塞質(zhì)量為m、橫截面積為S，不計厚度，且與汽缸壁之間沒有摩擦。開始時活塞被銷子固定于距汽缸底部高度為h1的A位置，氣體溫度為T1，壓強為p1，現(xiàn)拔掉銷子，活塞下降到距汽缸底部高度為h2的B位置時靜止，已知大氣壓強為p0，重力加速度為g。()求此時氣體的溫度；()若再用電熱絲給氣體緩慢加熱，電熱絲釋放出的熱量為Q，使活塞上升到距汽缸底部高度為h3的C位置時靜止，求氣體內(nèi)能的變化量。解析：(1)晶體具有確定的熔點，非晶體無確定的熔點，選項A正確；露珠呈球狀是由于液體表面張力有使液面收縮至表面積最小的趨勢，選項B正確；某物體溫度高，分子的平均速率較大，但是組成該物體的某些分子速率可能很小，選項C正確；根據(jù)熱力學(xué)第一定律UQW，理想氣體從外界吸熱，內(nèi)能不一定增大，選項D錯誤；壓縮氣體需要力是大氣壓強作用的結(jié)果，并不能表明氣體分子間存在斥力，選項E錯誤。(2)()活塞在A位置時，對于封閉氣體有：pAp1，VASh1，TAT1活塞在B位置時，對于封閉氣體有：pBp0，VBSh2由理想氣體狀態(tài)方程得：解得：TBT1。()活塞由B位置上升到C位置的過程為等壓過程，氣體對活塞的壓力為：FpBS氣體對活塞做的功為：WF(h3h2)(p0Smg)(h3h2)由熱力學(xué)第一定律有：UQWQ(p0Smg)(h3h2)。答案：(1)ABC(2)()T1()Q(p0Smg)(h3h2)14選修34(15分)(1)(5分)如圖甲所示，沿波的傳播方向上有間距均為1 m 的六個質(zhì)點a、b、c、d、e、f，均靜止在各自的平衡位置，t0時刻振源a從平衡位置豎直向上做簡諧運動，其振動圖像如圖乙所示，形成的簡諧橫波以1 m/s的速度水平向右傳播，則下列說法正確的是_。(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A這列波的周期為4 sB03 s內(nèi)質(zhì)點b的運動路程為4 cmC45 s內(nèi)質(zhì)點c的加速度在減小D6 s時質(zhì)點e的速度大小為1 m/s，水平向右E此六個質(zhì)點都振動起來后，質(zhì)點a的運動方向始終與質(zhì)點c的運動方向相反(2)(10分)如圖所示是一折射率為n1.5的三棱鏡，用于某種光學(xué)儀器中。現(xiàn)有一束光線沿MN的方向射到三棱鏡的AB界面上，入射角的大小為i(已知sin i0.75，光在真空中的傳播速率c3.0108 m/s)。求：()光在三棱鏡中傳播的速率；()此束光線射出三棱鏡后的方向，寫出推導(dǎo)過程并畫出光路圖(不考慮返回到AB界面上的光線)。解析：(1)由題圖乙易知波的周期為4 s，選項A正確；由題意知，質(zhì)點b從1 s后開始振動，03 s內(nèi)質(zhì)點b振動了2 s，即半個周期，運動路程為2A4 cm，選項B正確；波速為1 m/s，周期為4 s，則波長為4 m，質(zhì)點a和質(zhì)點c相隔半個波長，故兩質(zhì)點的運動情況恰好相反，易知45 s內(nèi)質(zhì)點c正從平衡位置向下振動，加速度在逐漸增大，選項C錯誤，E正確；質(zhì)點只在平衡位置上下振動，并不隨波遷移，故質(zhì)點e的速度不可能沿水平方向，選項D錯誤。(2)()由折射定律知v2.0108 m/s。()光路圖如圖所示，設(shè)光線在AB界面的折射角為r，由n得，sin r0.5，則r30，光線射到BC界面的入射角為i190(1806075)45，由sin C，則i1>C，光線在BC界面上發(fā)生全反射，由幾何關(guān)系知，光線沿DE方向射到AC界面時，與AC界面垂直，如圖所示，故此束光線射出三棱鏡后方向與AC界面垂直。答案：(1)ABE(2)()2.0108 m/s()見解析