2018版高中數(shù)學(xué) 第一章 計(jì)數(shù)原理疑難規(guī)律方法學(xué)案 蘇教版選修2-3.doc

第一章 計(jì)數(shù)原理1兩個(gè)計(jì)數(shù)原理的靈活應(yīng)用計(jì)數(shù)問題是數(shù)學(xué)中的重要研究對(duì)象，除了分類計(jì)數(shù)原理和分步計(jì)數(shù)原理的理論支持，對(duì)于較復(fù)雜的計(jì)數(shù)問題要針對(duì)其問題特點(diǎn)，靈活的運(yùn)用列舉法、列表法、樹形圖法等方法來(lái)幫助解決，使問題的解決更加實(shí)用、直觀下面通過典例來(lái)說(shuō)明.1.列舉法例1某公司電腦采購(gòu)員計(jì)劃用不超過300元的資金購(gòu)買單價(jià)分別為20元、40元的鼠標(biāo)和鍵盤，根據(jù)需要，鼠標(biāo)至少買5個(gè)，鍵盤至少買3個(gè)，則不同的選購(gòu)方式共有_種解析依據(jù)選購(gòu)鼠標(biāo)和鍵盤的不同個(gè)數(shù)分類列舉求解若買5個(gè)鼠標(biāo)，則可買鍵盤3、4、5個(gè)；若買6個(gè)鼠標(biāo)，則可買鍵盤3、4個(gè)；若買7個(gè)鼠標(biāo)，則可買鍵盤3、4個(gè)；若買8個(gè)鼠標(biāo)，則可買鍵盤3個(gè)；若買9個(gè)鼠標(biāo)，則可買鍵盤3個(gè)根據(jù)分類計(jì)數(shù)原理，不同的選購(gòu)方式共有322119(種)答案9點(diǎn)評(píng)本題背景中的數(shù)量不少，要找出關(guān)鍵數(shù)字，通過恰當(dāng)分類和列舉可得列舉看似簡(jiǎn)單，但在解決問題中顯示出其實(shí)用性，并且我們還可以通過列舉的方法去尋求問題中的規(guī)律2樹形圖法例2甲、乙、丙三人傳球，從甲開始傳出，并記為第一次，經(jīng)過5次傳球，球恰好回到甲手中，則不同的傳球方法的種數(shù)是_解析本題數(shù)字不大，可用樹形圖法，結(jié)果一目了然如下圖，易知不同的傳球方法種數(shù)為10.答案10點(diǎn)評(píng)應(yīng)用兩個(gè)計(jì)數(shù)原理時(shí)，如果涉及的問題較抽象，且數(shù)量不太多時(shí)，可以用樹狀結(jié)構(gòu)直觀體現(xiàn)3列表法例3四個(gè)人各寫一張賀年卡，放在一起，然后每個(gè)人取一張不是自己寫的賀年卡，共有多少種不同的取法？解把四個(gè)人分別編號(hào)、，他們寫的4張賀年卡的各種方法全部列舉出來(lái)，如下表：四個(gè)人取賀年卡的方法222333444134144133441412212313221321方法編號(hào)123456789由表格可知，共有9種不同的方法點(diǎn)評(píng)本題是一個(gè)錯(cuò)排問題，難以直接運(yùn)用兩個(gè)計(jì)數(shù)原理計(jì)算借助表格，把各種情況一一列出，使問題直觀解決4直接法例4已知某容器中，H有3種同位素，Cl有2種同位素，Na有3種同位素，O有4種同位素，請(qǐng)問共可組成多少種HCl分子和NaOH分子？解因?yàn)镠Cl分子由兩個(gè)原子構(gòu)成，所以分兩步完成：第1步，選擇氫原子，共有3種；第2步，選擇氯原子，共有2種由分步計(jì)數(shù)原理得共有6種HCl分子同理，對(duì)于NaOH而言，分三步完成：第1步，選擇鈉原子，有3種選法；第2步，選擇氧原子，有4種選法；第3步，選擇氫原子，有3種選法由分步計(jì)數(shù)原理知，共有NaOH分子種數(shù)為34336(種)點(diǎn)評(píng)當(dāng)問題情景中的規(guī)律明顯，已符合分類計(jì)數(shù)原理或分步計(jì)數(shù)原理中的某一類型時(shí)，可直接應(yīng)用公式計(jì)算結(jié)果，但此法的關(guān)鍵是分清是“分類”還是“分步”問題.2排列、組合的破解之術(shù)排列、組合，說(shuō)它難吧，其實(shí)挺簡(jiǎn)單的，就是分析事件的邏輯步驟，然后計(jì)算就可說(shuō)簡(jiǎn)單吧，排列、組合卻是同學(xué)們(包括很多學(xué)習(xí)很好的同學(xué))最沒把握的事情，同樣難度的幾道題，做順了，三下五除二，幾分鐘內(nèi)解決問題；做不順，則如一團(tuán)亂麻，很長(zhǎng)時(shí)間也理不順?biāo)悸废旅婢蛠?lái)談?wù)勂平獬Ｒ娕帕?、組合模型的常用方法！1特殊元素優(yōu)先法對(duì)于有特殊要求的元素的排列、組合問題，一般應(yīng)對(duì)有特殊要求的元素優(yōu)先考慮例1將數(shù)字1,2,3,4,5,6排成一列，記第i個(gè)數(shù)為ai(i1,2，6)，若a11，a33，a55，a1<a3<a5，則不同的排列方法有_種解析由題意，a11，a33，a55，a1<a3<a5.第一步，可以先排a1，a3，a5，只有5種方法；第二步，再排a2，a4，a6，有A種方法由分步計(jì)數(shù)原理得，不同的排列方法有5A30(種)答案302相鄰問題捆綁法把相鄰的若干個(gè)特殊元素“捆綁”為一個(gè)大元素，然后再與其余“普通元素”全排列，最后再“松綁”，將特殊元素在這些位置上全排列例2記者要為5名志愿者和他們幫助的2位老人拍照，要求排成一排，2位老人相鄰但不排在兩端，不同的排法共有_種解析先將兩位老人排在一起有A種排法，再將5名志愿者排在一起有A種排法，最后將兩位老人插入5名志愿者間的4個(gè)空位中有C種插入方法，由分步計(jì)數(shù)原理可得，不同的排法有AAC960(種)答案9603不相鄰問題插空法某些元素不能相鄰或某些元素要在某個(gè)特殊位置時(shí)可采用插空法，即先安排好沒有限制條件的元素，然后再把有限制條件的元素按要求插入排好的元素之間例3高三(一)班需要安排畢業(yè)晚會(huì)的4個(gè)音樂節(jié)目，2個(gè)舞蹈節(jié)目和1個(gè)曲藝節(jié)目的演出順序，要求兩個(gè)舞蹈節(jié)目不連排，則不同排法的種數(shù)是_解析先排4個(gè)音樂節(jié)目和1個(gè)曲藝節(jié)目有A種方法，這5個(gè)節(jié)目之間以及兩端共有6個(gè)空位，從中選兩個(gè)放入舞蹈節(jié)目，共有A種放法所以兩個(gè)舞蹈節(jié)目不連排的排法共有AA3 600(種)答案3 6004至多至少問題間接法對(duì)于某些排列、組合問題的正面情況較復(fù)雜而其反面情況較簡(jiǎn)單，可先考慮無(wú)限制條件的排列，再減去其反面情況的種數(shù)例4從班委會(huì)5名成員中選出3名，分別擔(dān)任班級(jí)學(xué)習(xí)委員、文娛委員與體育委員，其中甲、乙二人不能擔(dān)任文娛委員，則不同的選法共有_種解析從班委會(huì)5名成員中選出3名，分別擔(dān)任班級(jí)學(xué)習(xí)委員、文娛委員與體育委員共有A種選法，其中甲、乙中有一人擔(dān)任文娛委員的選法有CA種，故共有ACA36(種)選法答案 365多類元素組合分類取出當(dāng)題目中元素較多，取出的情況也有多種時(shí)，可按結(jié)果要求，分成不相容的幾類情況分別計(jì)算，最后總計(jì)例5如圖，用6種不同的顏色給圖中的4個(gè)格子涂色，每個(gè)格子涂一種顏色，要求最多使用3種顏色且相鄰的兩個(gè)格子顏色不同，則不同的涂色方法共有_種解析如果用兩種顏色，則有C種顏色可以選擇，涂法有2種如果用3種顏色涂色，有C種顏色可以選擇，涂法有CC(C1)18(種)所以，不同涂色種數(shù)為C2C18390(種)答案3906排列、組合混合先選后排對(duì)于排列與組合的混合問題，宜先用組合選取元素，再進(jìn)行排列例6某校安排5個(gè)班到4個(gè)工廠進(jìn)行社會(huì)實(shí)踐，每個(gè)班去一個(gè)工廠，每個(gè)工廠至少安排一個(gè)班，不同的安排方法共有_種解析首先把5個(gè)班分成4組，即2,1,1,1，有種方法然后把4組分配到4個(gè)工廠，每個(gè)工廠安排一組有A種方法由分步計(jì)數(shù)原理可得不同的安排方法有A240(種)答案2403排列、組合中的“分組”與“分配”辨析分組分配問題在排列組合問題中占有很重要的位置，并且分組分配問題比較復(fù)雜，也是大家學(xué)習(xí)中的一個(gè)難點(diǎn)，下面通過實(shí)例來(lái)剖析各種各樣的分組分配問題1互異元素的“均勻分組”例16本不同的書，分成三份，每份2本，共有多少種不同的分法？解因?yàn)槠骄纸M與順序無(wú)關(guān)，在CCC90種分法中，每一種分法重復(fù)出現(xiàn)了A次，只能算作一次如將6本書a，b，c，d，e，f分成ab，cd，ef三組是一種分法，而解答中考慮它們之間的順序有A種分法，具體如下表.步驟第一組第二組第三組分法1abcdef分法2abefcd分法3cdabef分法4cdefab分法5efabcd分法6efcdab以上的分法，實(shí)際上加入了組的順序性，但像分法1,2,3,4,5,6，實(shí)際上是同一種分法，所以要除以A來(lái)消除順序，故共有15種分法2互異元素的“均勻分配”例26本不同的書，分給甲、乙、丙三人，每人2本，共有多少種不同的分法？解由例1可知，將6本不同的書均勻分成3組，共有種分法，然后將3組書再分配給甲、乙、丙三人，與順序有關(guān)，所以共有ACCC90種分法也可這么理解：先取2本給甲有C種方法，再取2本給乙有C種方法，余下2本給丙有C種方法，取的過程實(shí)際已經(jīng)將書進(jìn)行了分配，故共有CCC90種分法3互異元素的“非均勻分組”例36本不同的書，分成三份，一份3本，一份2本，一份1本，共有多少種不同的分法？解先取1本作一堆有C種方法，再取2本作一堆有C種方法，余下3本作一堆有C種方法，由于每組的數(shù)目不同，所以不會(huì)出現(xiàn)重復(fù)的分法，故共有CCC60(種)分法4互異元素的“非均勻分配”例46本不同的書，分給甲、乙、丙三人，一人3本，一人2本，一人1本，共有多少種不同的分法？解先分組，再分配，甲、乙、丙三人得到的書不同(數(shù)目不同或數(shù)目相同但書不同)應(yīng)視作是不同的分配方法，所以與順序有關(guān)即：首先，不平均分成三堆有CCC種方法，然后再分給甲、乙、丙三人有A種方法，共有CCCA360(種)分法5互異元素的“部分平均分組”例56本不同的書，分成三份，有兩份各1本，另一份4本，共有多少種不同的分法？解三組中有兩組是平均分組，這兩組是無(wú)序的，應(yīng)對(duì)這兩組消序故共有15種分法以上五類問題是十分典型的“分組分配”問題，它的每一個(gè)小題都是一種類型，我們要認(rèn)真領(lǐng)會(huì)計(jì)數(shù)時(shí)常有下面的結(jié)論：“無(wú)對(duì)象的均勻分配”問題，只需按“有對(duì)象的均勻分配”問題列式后，再除以組數(shù)的全排列數(shù)，對(duì)于“無(wú)對(duì)象的非均勻分配”與“有對(duì)象的非均勻分配”問題，前者只需分步完成，后者先分組，后排列4“隔板法”在計(jì)數(shù)問題中的妙用“隔板法”在計(jì)數(shù)問題中有其特殊的適用背景，并且“隔板法”往往會(huì)使很復(fù)雜的問題得到巧妙的解決下面剖析一下隔板法適用條件，并選擇幾個(gè)實(shí)例來(lái)加以說(shuō)明1隔板法的適用條件排列組合中的相同小球放進(jìn)不同的盒子、名額分配或相同物品的分配等問題，是排列組合中的難點(diǎn)問題，這類問題的基本模型是：將n個(gè)相同元素分組到m個(gè)不同對(duì)象中(nm)，每個(gè)對(duì)象至少有一個(gè)元素這類問題必須滿足三個(gè)條件：小球必須相同；盒子必須不同；每個(gè)盒子至少有一個(gè)小球當(dāng)滿足這三個(gè)條件時(shí)，我們可以采用隔板法2隔板法的實(shí)際應(yīng)用應(yīng)用120個(gè)相同的小球放入編號(hào)為1號(hào)、2號(hào)、3號(hào)的三個(gè)盒子里，要求每個(gè)盒子都不空，問有多少種放法？解如下圖，用“0”表示小球，0000|00000000|00000000在上圖中，在0與0之間的19個(gè)空檔中插入2塊隔板即可將小球分成3組，同時(shí)能夠保證每組中至少有一個(gè)小球，所以一共有C171種放法點(diǎn)評(píng)解決此類問題的關(guān)鍵是，看題目情景是否滿足隔板法的條件，若滿足，則直接套用公式即可應(yīng)用2方程x1x2x3x420的正整數(shù)解有多少個(gè)？解該問題轉(zhuǎn)化為：將方程左邊的x1、x2、x3、x4看成是4個(gè)盒子得到的小球數(shù)，右邊的20看成是20個(gè)相同的小球這樣就相當(dāng)于20個(gè)相同的小球放入4個(gè)盒子里，要求每個(gè)盒子至少有一個(gè)小球，共有多少種不同的分配方法？這樣，類似應(yīng)用1可知，所以共有C969種點(diǎn)評(píng)不定方程x1x2x3xmn(n，mN*，nm)的正整數(shù)解個(gè)數(shù)問題可以轉(zhuǎn)化為“將n個(gè)相同元素分給m個(gè)不同對(duì)象(nm)，每個(gè)對(duì)象至少有一個(gè)元素”的模型，進(jìn)而采用隔板法求解整體概括：通過對(duì)隔板法的應(yīng)用，可得下列結(jié)論結(jié)論1：把n個(gè)相同的元素分成m組分配給m個(gè)人，每組不允許落空，則可將n個(gè)元素排成一排，從n1個(gè)間隔中，選出m1個(gè)插上隔板，每一種隔板的插法對(duì)應(yīng)一種分配方法，則分配方法數(shù)NC.結(jié)論2：把n個(gè)相同的元素分成m組分配給m個(gè)人，某些組允許落空，則可將m1個(gè)隔板和n個(gè)元素排成一排，每一種隔板的插法對(duì)應(yīng)一種分配方法，則分配方法數(shù)NC.試一試1將7個(gè)相同的小球放入4個(gè)不同的盒子中(1)不出現(xiàn)空盒時(shí)的放入方式共有多少種？(2)可出現(xiàn)空盒時(shí)的放入方式共有多少種？解(1)將7個(gè)相同的小球排成一排，在中間形成的6個(gè)空格中插入無(wú)區(qū)別的3個(gè)“隔板”將球分成4份，每一種插入隔板的方式對(duì)應(yīng)一種球的放入方式，則不同的放入方式共有C20種(2)每種放入方式對(duì)應(yīng)于將7個(gè)相同的小球與3個(gè)相同的“隔板”進(jìn)行一次排列，即從10個(gè)位置中選3個(gè)位置安排隔板，故共有C120種放入方式2某市教委準(zhǔn)備在當(dāng)?shù)氐?所重點(diǎn)中學(xué)中選派12名優(yōu)秀青年教師參加在職培訓(xùn)，每所學(xué)校至少一個(gè)名額，求不同的分配方案的種數(shù)解從結(jié)果入手，理解相同元素的分堆問題，設(shè)計(jì)“隔板法分堆”，將一種分配方法和一個(gè)組合建立一一對(duì)應(yīng)，實(shí)際問題化歸為組合數(shù)求解該事件的實(shí)質(zhì)為將12個(gè)相同的元素分成9堆，每一堆至少一個(gè)元素，“隔板法分堆”，即在12個(gè)相同元素構(gòu)成的11個(gè)空中插入8個(gè)隔板，其方法有C165種.5排列、組合中的數(shù)學(xué)思想1分類討論思想例1如果一個(gè)三位正整數(shù)形如“a1a2a3”，滿足a1<a2，且a3<a2，則稱這樣的三位數(shù)為凸數(shù)(120,363,374等)，那么所有的凸數(shù)個(gè)數(shù)為_解題提示本題中的三位正整數(shù)，要求中間一位數(shù)字最大，需根據(jù)中間數(shù)字所有可能的情況分類討論；另外要注意首位與個(gè)位上的數(shù)字允許重復(fù)解析由題意知：a10，a22.下面只需對(duì)a22，a23，a29分別進(jìn)行討論，并求其值后求和當(dāng)a22時(shí)，a1，a3只能從0,1中取，a1只能取1，a3可取0,1，排出“a1a2a3”共有2種；當(dāng)a23時(shí)，a1從1,2中任取一個(gè)有C種，a3從0,1,2中任取一個(gè)有C種，所以共有CC種；當(dāng)a24時(shí)，a1從1,2,3中任取一個(gè)有C種，a3從0,1,2,3中任取一個(gè)有C種，所以共有CC種；當(dāng)a29時(shí)，a1從1,2,3，8中任取一個(gè)有C種，a3從0,1,2，8中任取一個(gè)有C種，共有CC種綜上，可得組合成所有的凸數(shù)個(gè)數(shù)為2CCCCCCCCCCCCCC240.答案240點(diǎn)評(píng)本題中分類的標(biāo)準(zhǔn)非常明確，即中間數(shù)字的取值情況對(duì)于分類標(biāo)準(zhǔn)明確、分類情況多的題目，要有耐心逐個(gè)求解，最后求和正確地進(jìn)行求解運(yùn)算也是求解此類題目的一個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)例2從3，2，1,0,1,2,3,4八個(gè)數(shù)字中任取3個(gè)不重復(fù)的數(shù)字分別作為a、b、c的值構(gòu)成二次函數(shù)yax2bxc.試問：(1)共可組成多少個(gè)不同的二次函數(shù)？(2)在這些二次函數(shù)圖象中，以y軸為對(duì)稱軸的有多少條？經(jīng)過原點(diǎn)且頂點(diǎn)在第一或第三象限的有多少條？解題提示二次函數(shù)要求a0，可以優(yōu)先考慮a的取值；也可以用排除法結(jié)合頂點(diǎn)在第一象限或第三象限對(duì)a，b，c的符號(hào)要求進(jìn)行分析是解決第(2)問的關(guān)鍵解(1)方法一因?yàn)閥ax2bxc是二次函數(shù)，所以a0.因此，可從3，2，1,1,2,3,4中選取一個(gè)排在a的位置上，有C種選法b，c的取值沒有特殊要求，所以從剩余的6個(gè)非零元素加上0共7個(gè)元素中選取兩個(gè)有C種選法，再把它們排在b，c的位置上有A種排法由分步計(jì)數(shù)原理共有CCA72294(個(gè))不同的二次函數(shù)方法二利用排除法，從所有情況中去掉“0”排在a位置的情況CACA3212294(個(gè))不同的二次函數(shù)(2)當(dāng)對(duì)稱軸為y軸時(shí)，b0，這樣的拋物線有A42(條)當(dāng)拋物線過原點(diǎn)時(shí)，c0，拋物線的頂點(diǎn)為.當(dāng)頂點(diǎn)在第一象限時(shí)，有故這樣的拋物線有AA12(條)；當(dāng)頂點(diǎn)在第三象限時(shí)，有故這樣的拋物線有A12(條)故經(jīng)過原點(diǎn)且頂點(diǎn)在第一或第三象限的共有24條點(diǎn)評(píng)當(dāng)排列、組合問題與相關(guān)數(shù)學(xué)問題背景聯(lián)系在一起時(shí)，要注意結(jié)合數(shù)學(xué)背景對(duì)涉及的字母a，b，c的要求，合理地轉(zhuǎn)化為a，b，c的直接要求，再進(jìn)行分類實(shí)際問題數(shù)學(xué)化，文字表述代數(shù)化是解決實(shí)際背景問題的常規(guī)思想方法2數(shù)形結(jié)合思想例3以圓x2y22x2y10內(nèi)橫坐標(biāo)與縱坐標(biāo)均為整數(shù)的點(diǎn)為頂點(diǎn)的三角形個(gè)數(shù)為_解題提示將圓的一般方程化為標(biāo)準(zhǔn)方程，畫出圖形，結(jié)合圖形從所有情況中去掉三點(diǎn)共線的情況解析本題是一個(gè)綜合問題，首先求出圓內(nèi)的整數(shù)點(diǎn)個(gè)數(shù)，然后求組合數(shù)，方程化為(x1)2(y1)23.如圖，圓內(nèi)共有9個(gè)整數(shù)點(diǎn)，組成的三角形的個(gè)數(shù)為C876.答案76點(diǎn)評(píng)整點(diǎn)個(gè)數(shù)的計(jì)算，三點(diǎn)共線情況的尋找都需要我們?cè)谄矫嬷苯亲鴺?biāo)系下正確畫出本題中的圓以及與整點(diǎn)共線有關(guān)的8條直線與幾何圖形探求有關(guān)的組合問題，畫出相關(guān)圖形，結(jié)合圖形求解是解決此類題目常用的方法3轉(zhuǎn)化與化歸思想例4某電腦用戶計(jì)劃使用不超過500元的資金購(gòu)買單價(jià)分別為60元、70元的單片軟件和盒裝磁盤，根據(jù)需要，軟件至少買3件，磁盤至少買2盒，則不同的選購(gòu)方式共有_種解析設(shè)買單片軟件x件，盒裝磁盤y盒，則命題轉(zhuǎn)化為不等式組(x，yN)的解的個(gè)數(shù)，不難求得(3,2)，(3,3)，(3,4)，(4,2)，(4,3)，(5,2)，(6,2)為其解，所以不同的選購(gòu)方式共有7種答案7點(diǎn)評(píng)本題若直接列舉討論，情況較復(fù)雜；根據(jù)題目條件設(shè)出相關(guān)變量x，y，列出不等式組縮小討論范圍，簡(jiǎn)化了求解過程例5如圖，A，B，C，D為海上的四個(gè)小島，要建三座橋，將這四個(gè)小島連接起來(lái)，則不同的建橋方案共有_種解析如圖，構(gòu)造三棱錐ABCD，四個(gè)頂點(diǎn)表示四個(gè)小島，六條棱表示連接任意兩島的橋梁由題意，只需求出從六條棱中任取三條不共面的棱的不同取法從六條棱中任取三條棱的不同取法有C種，任取三條共面棱的不同取法為4種，所以從六條棱中任取三條不共面的棱的不同取法有C416(種)答案16點(diǎn)評(píng)本題根據(jù)問題特征，巧妙地構(gòu)建恰當(dāng)?shù)牧Ⅲw幾何圖形，用幾何知識(shí)去解，顯得直觀清晰、簡(jiǎn)潔明快6排列、組合題錯(cuò)解分類剖析排列、組合問題類型繁多、方法豐富、富于變化，稍不注意，極易出錯(cuò)本文選擇一些在教學(xué)中學(xué)生常見的錯(cuò)誤進(jìn)行正誤解析1沒有理解兩個(gè)基本原理出錯(cuò)排列、組合問題基于兩個(gè)基本計(jì)數(shù)原理，即分類計(jì)數(shù)原理和分步計(jì)數(shù)原理，故理解“分類用加、分步用乘”是解決排列、組合問題的前提例1從6臺(tái)原裝計(jì)算機(jī)和5臺(tái)組裝計(jì)算機(jī)中任意選取5臺(tái)，其中至少有原裝與組裝計(jì)算機(jī)各兩臺(tái)，則不同的取法有_種錯(cuò)解因?yàn)榭梢匀?臺(tái)原裝與3臺(tái)組裝計(jì)算機(jī)或是3臺(tái)原裝與2臺(tái)組裝計(jì)算機(jī)，所以只有2種取法錯(cuò)因剖析錯(cuò)解的原因在于沒有意識(shí)到“選取2臺(tái)原裝與3臺(tái)組裝計(jì)算機(jī)或是3臺(tái)原裝與2臺(tái)組裝計(jì)算機(jī)”是完成任務(wù)的兩“類”辦法，每類辦法中都還有不同的取法正解由分析，完成第一類辦法還可以分成兩步：第一步在原裝計(jì)算機(jī)中任意選取2臺(tái)，有C種方法；第二步是在組裝計(jì)算機(jī)中任意選取3臺(tái)，有C種方法，據(jù)分步計(jì)數(shù)原理共有CC種方法同理，完成第二類辦法中有CC種方法據(jù)分類計(jì)數(shù)原理完成全部的選取過程共有CCCC350(種)方法例2在一次運(yùn)動(dòng)會(huì)上有四項(xiàng)比賽的冠軍在甲、乙、丙三人中產(chǎn)生，那么不同的奪冠情況的種數(shù)為_錯(cuò)解把四個(gè)冠軍，排在甲、乙、丙三個(gè)位置上，有A24(種)錯(cuò)因剖析錯(cuò)解是沒有理解分步計(jì)數(shù)原理的概念，盲目地套用公式正解四項(xiàng)比賽的冠軍依次在甲、乙、丙三人中選取，每項(xiàng)冠軍都有3種選取方法，由分步計(jì)數(shù)原理共有333334(種)，故填81.說(shuō)明本題還有同學(xué)這樣誤解，甲、乙、丙奪冠均有四種情況，由乘法原理得43，這是由于沒有考慮到某項(xiàng)冠軍一旦被一人奪得后，其他人就不再有奪冠可能2判斷不出是排列還是組合出錯(cuò)在判斷一個(gè)問題是排列還是組合問題時(shí)，主要看元素的組成有沒有順序性，有順序的是排列，無(wú)順序的是組合例3有大小形狀相同的3個(gè)紅色小球和5個(gè)白色小球，排成一排，共有多少種不同的排列方法？錯(cuò)解因?yàn)槭?個(gè)小球的全排列，所以共有A種方法錯(cuò)因剖析錯(cuò)解中沒有考慮3個(gè)紅色小球是完全相同的，5個(gè)白色小球也是完全相同的，同色球之間互換位置是同一種排法正解8個(gè)小球排好后對(duì)應(yīng)著8個(gè)位置，題中的排法相當(dāng)于在8個(gè)位置中選出3個(gè)位置給紅球，剩下的位置給白球，由于這3個(gè)紅球完全相同，所以沒有順序，是組合問題這樣共有C56(種)排法3重復(fù)計(jì)算出錯(cuò)在排列、組合中常會(huì)遇到元素分配問題、平均分組問題等，這些問題要注意避免重復(fù)計(jì)數(shù)，產(chǎn)生錯(cuò)誤例45本不同的書全部分給4個(gè)學(xué)生，每個(gè)學(xué)生至少一本，不同的分法種數(shù)為_錯(cuò)解先從5本書中取4本分給4個(gè)人，有A種方法，剩下的1本書可以給任意一個(gè)人有4種分法，共有4A480(種)不同的分法，填480.錯(cuò)因剖析設(shè)5本書為a、b、c、d、e，四個(gè)人為甲、乙、丙、丁按照上述分法可能得到如下的表1和表2：表1甲乙丙丁abcde表2甲乙丙丁ebcda表1是甲首先分得a、乙分得b、丙分得c、丁分得d，最后一本書e給甲的情況；表2是甲首先分得e、乙分得b、丙分得c、丁分得d，最后一本書a給甲的情況這兩種情況是完全相同的，而在錯(cuò)解中計(jì)算成了不同的情況，正好重復(fù)了一次正解首先把5本書轉(zhuǎn)化成4本書，然后分給4個(gè)人第一步：從5本書中任意取出2本捆綁成一本書，有C種方法；第二步：再把4本書分給4個(gè)學(xué)生，有A種方法，由分步計(jì)數(shù)原理，共有CA240(種)方法，故填240.例5某交通崗共有3人，從周一到周日的七天中，每天安排一人值班，每人至少值2天，其不同的排法共有多少種？錯(cuò)解第一個(gè)人先挑選2天，第二個(gè)人再挑選2天，剩下的3天給第三個(gè)人，這三個(gè)人再進(jìn)行全排列共有CCA1 260.錯(cuò)因剖析這里是均勻分組問題比如：第一人挑選的是周一、周二，第二人挑選的是周三、周四；也可能是第一個(gè)人挑選的是周三、周四，第二人挑選的是周一、周二，所以在全排列的過程中就重復(fù)計(jì)算了正解630(種)4遺漏某些情況出錯(cuò)在排列、組合問題中還可能由于考慮問題不夠全面，因?yàn)檫z漏某些情況而出錯(cuò)例6用數(shù)字0,1,2,3,4組成沒有重復(fù)數(shù)字的比1 000大的奇數(shù)共有_個(gè)錯(cuò)解如圖，最后一位只能是1或3，有兩種取法，1,3又因?yàn)榈?位不能是0，在最后一位取定后只有3種取法，剩下3個(gè)數(shù)排中間兩個(gè)位置有A種排法，共有23A36(個(gè))錯(cuò)因剖析錯(cuò)解只考慮了四位數(shù)的情況，而比1 000大的奇數(shù)還可能是五位數(shù)正解任一個(gè)五位的奇數(shù)都符合要求，共有23A36(個(gè))，再由前面分析知滿足題意的四位數(shù)和五位數(shù)共有72個(gè)5忽視題設(shè)條件出錯(cuò)在解決排列、組合問題時(shí)，一定要注意題目中的每一句話甚至每一個(gè)字和符號(hào)，不然就可能多解或漏解例7如圖，一個(gè)地區(qū)分為5個(gè)行政區(qū)域，現(xiàn)給地圖著色，要求相鄰區(qū)域不得使用同一顏色，現(xiàn)有4種顏色可供選擇，則不同的著色方法共有_種錯(cuò)解先著色第一區(qū)域，有4種方法，剩下3種顏色涂四個(gè)區(qū)域，即有一種顏色涂相對(duì)的兩塊區(qū)域，有C2A12(種)，由分步計(jì)數(shù)原理共有41248(種)錯(cuò)因剖析據(jù)報(bào)道，在高考中有很多考生填了48種這主要是沒有看清題設(shè)“有4種顏色可供選擇”，不一定需要4種顏色全部使用，用3種也可以完成任務(wù)正解當(dāng)使用四種顏色時(shí)，由前面的錯(cuò)解知有48種著色方法；當(dāng)僅使用三種顏色時(shí)，從4種顏色中選取3種有C種方法，先著色第一區(qū)域，有3種方法，剩下2種顏色涂四個(gè)區(qū)域，只能是一種顏色涂第2、4區(qū)域，另一種顏色涂第3、5區(qū)域，有2種著色方法，由分步計(jì)數(shù)原理有C3224(種)綜上，共有482472(種)例8已知ax2b0是關(guān)于x的一元二次方程，其中a、b1,2,3,4，求解集不同的一元二次方程的個(gè)數(shù)錯(cuò)解從集合1,2,3,4中任意取兩個(gè)元素作為a、b，方程有A個(gè)，當(dāng)a、b取同一個(gè)數(shù)時(shí)方程有1個(gè)，共有A113(個(gè))錯(cuò)因剖析錯(cuò)解中沒有注意到題設(shè)中：“求解集不同的”所以在上述解法中要去掉同解情況，由于和同解，和同解，故要減去2個(gè)正解由分析，共有13211(個(gè))解集不同的一元二次方程6未考慮特殊情況出錯(cuò)在排列、組合中要特別注意一些特殊情況，一有疏漏就會(huì)出錯(cuò)例9現(xiàn)有1角、2角、5角、1元、2元、5元、10元、50元人民幣各一張，100元人民幣2張，從中至少取一張，共可組成不同的幣值種數(shù)是_錯(cuò)解因?yàn)楣灿腥嗣駧?0張，每張人民幣都有取和不取2種情況，減去全不取的1種情況，共有21011 023(種)，故填1 023.錯(cuò)因剖析這里100元面值比較特殊有兩張，在錯(cuò)解中被計(jì)算成4種情況，實(shí)際上只有不取、取一張和取二張3種情況正解除100元人民幣以外每張均有取和不取2種情況，100元人民幣的取法有3種情況，再減去全不取的1種情況，所以共有2831767(種)，故填767.7題意的理解偏差出錯(cuò)例10現(xiàn)有8個(gè)人排成一排照相，其中甲、乙、丙三人不能相鄰的排法有_種(用式子作答)錯(cuò)解除了甲、乙、丙三人以外的5人先排，有A種排法，5人排好后產(chǎn)生6個(gè)空檔，插入甲、乙、丙三人有A種方法，這樣共有AA種排法錯(cuò)因剖析錯(cuò)解中沒有理解“甲、乙、丙三人不能相鄰”的含義，得到的結(jié)果是“甲、乙、丙三人互不相鄰”的情況“甲、乙、丙三人不能相鄰”是指甲、乙、丙三人不能同時(shí)相鄰，但允許其中有兩人相鄰正解在8個(gè)人全排列的方法數(shù)中減去甲、乙、丙全相鄰的方法數(shù)，就得到甲、乙、丙三人不相鄰的方法數(shù)，即AAA.排列、組合問題雖然種類繁多，但只要能把握住最常見的原理和方法，即“分步用乘、分類用加、有序排列、無(wú)序組合”，留心容易出錯(cuò)的地方就能夠以不變應(yīng)萬(wàn)變，把排列、組合學(xué)好7用五種意識(shí)求解二項(xiàng)式問題在歷年高考中都有涉及二項(xiàng)式定理的試題，本文總結(jié)了五種解題意識(shí)，旨在強(qiáng)化同學(xué)們解此類問題的目的性及方向性，避免低效性和盲目性，使解題能力得以提高1通項(xiàng)意識(shí)凡涉及到展開式的項(xiàng)及其系數(shù)問題，常是先寫出其通項(xiàng)公式Tr1Canrbr，再根據(jù)題意進(jìn)行求解因此通項(xiàng)意識(shí)是解二項(xiàng)式問題的首選意識(shí)例1若n的展開式中含有常數(shù)項(xiàng)，則最小的正整數(shù)n為_解析展開式的通項(xiàng)為Tr1C(2x3)nrrC2nr.令3n0，得r，rN且rn，n必須能被7整除，滿足條件的最小正整數(shù)n7.答案72方程意識(shí)已知展開式中若干項(xiàng)系數(shù)的關(guān)系，求指數(shù)n及二項(xiàng)式中參數(shù)的值等，可借助展開式中的通項(xiàng)，根據(jù)題意建立方程解決例2已知9展開式中x3的系數(shù)為，則常數(shù)a_.解析Tr1C9rr(1)rCa9r，依題意，令r93，解得r8.故含x3的項(xiàng)為第9項(xiàng)，其系數(shù)為(1)824Ca，即a，解得a4.答案43特殊化意識(shí)在求展開式中的各系數(shù)之和及某些組合數(shù)之和時(shí)，有意識(shí)地對(duì)未知數(shù)試取某些特殊值是一種非常有效的方法例3若對(duì)于任意的實(shí)數(shù)x，有x3a0a1(x2)a2(x2)2a3(x2)3，則a2的值為_解析a31，a2a3C13(2)0，a26.答案6點(diǎn)評(píng)解決本題也可令x3(x2)23，利用展開式求解4轉(zhuǎn)化意識(shí)轉(zhuǎn)化意識(shí)是高考重點(diǎn)考查的內(nèi)容之一在二項(xiàng)式定理的有關(guān)問題中，主要表現(xiàn)在單項(xiàng)式和三項(xiàng)式轉(zhuǎn)化配湊為二項(xiàng)式來(lái)求解；多個(gè)二項(xiàng)式的積的某項(xiàng)系數(shù)問題轉(zhuǎn)化為乘法分配律問題例4(12x2)(x)8的展開式中常數(shù)項(xiàng)為_解析(12x2)882x28，常數(shù)項(xiàng)為C48x4(x1)42x2C58x3(x1)5，即7025642.答案425應(yīng)用意識(shí)應(yīng)用是數(shù)學(xué)的歸宿，二項(xiàng)式定理主要應(yīng)用于近似計(jì)算、證明整除、求組合數(shù)及求余數(shù)等問題例5若CC (nN*)，且(2x)na0a1xa2x2anxn，則a0a1a2(1)nan_.解析由題知，2n6n2或2n6n220，得n4(舍)或n4.此時(shí)令x1，得a0a1a2(1)nan3481.答案818二項(xiàng)式定理中易混概念辨析在學(xué)習(xí)二項(xiàng)式定理時(shí)，極易忽略一些條件或混淆一些概念，下面對(duì)解題中常見的錯(cuò)誤加以剖析，以提高同學(xué)們的警惕性1項(xiàng)與項(xiàng)的系數(shù)(ab)n的展開式中的第r1項(xiàng)是Canrbr(注意a，b可以是實(shí)數(shù)，還可以是代數(shù)式)，而第r1項(xiàng)的系數(shù)是對(duì)應(yīng)單項(xiàng)式中的數(shù)字因數(shù)例1(x1)10的展開式中的第6項(xiàng)的系數(shù)為_(用組合數(shù)表示)解析因?yàn)?x1)10的展開式的第6項(xiàng)是T6Cx105(1)5Cx5，故第6項(xiàng)的系數(shù)是C.答案C2項(xiàng)的系數(shù)與項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)(ab)n的展開式中的第r1項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)是C(r0,1,2，n)，僅與n，r有關(guān)；而第r1項(xiàng)的系數(shù)不是二項(xiàng)式系數(shù)C，但有時(shí)這個(gè)系數(shù)與二項(xiàng)式系數(shù)相等注意二項(xiàng)式系數(shù)C一定為正，而對(duì)應(yīng)項(xiàng)的系數(shù)有時(shí)可能為負(fù)例2(x32x)7的展開式中第4項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)是_，第4項(xiàng)的系數(shù)是_解析因?yàn)?x32x)7的展開式的第4項(xiàng)是T4C(x3)4(2x)3，故該項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)是C35，該項(xiàng)的系數(shù)是23C280.答案352803各項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)和與各項(xiàng)的系數(shù)和設(shè)a，b為常數(shù)，則(axb)n的展開式中各項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)和為CCCC2n.在(axb)n的展開式中令x1，則得(axb)n的展開式中各項(xiàng)的系數(shù)和為(ab)n.例3在(12x)7的展開式中，各項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)和為_；各項(xiàng)的系數(shù)和為_；各項(xiàng)系數(shù)的絕對(duì)值之和為_解析各項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)和為27128；令x1，則得各項(xiàng)的系數(shù)和為(12)71；令x1，則得各項(xiàng)系數(shù)的絕對(duì)值之和為(12)72 187.答案12812 1874奇(偶)數(shù)項(xiàng)系數(shù)與奇(偶)次項(xiàng)系數(shù)例4(1x)6的展開式中，x的奇次項(xiàng)系數(shù)之和是_錯(cuò)解(1x)6CCxCx2Cx6，奇次項(xiàng)系數(shù)之和為CCCC32，故填32.錯(cuò)因剖析混淆了奇數(shù)項(xiàng)系數(shù)與奇次項(xiàng)系數(shù)的概念，誤以為是奇數(shù)項(xiàng)系數(shù)之和，從而導(dǎo)致錯(cuò)誤正解(1x)6CCxCx2Cx6，奇次項(xiàng)系數(shù)之和為CCC32，故填32.答案325顛倒公式(ab)n中a，b的順序例5若n展開式中，第3項(xiàng)是常數(shù)，則中間項(xiàng)是第幾項(xiàng)？錯(cuò)解T3Cxn2C，因?yàn)榈?項(xiàng)是常數(shù)，所以令0，解得n.由于n為自然數(shù)，所以此題無(wú)解錯(cuò)因剖析此題并不是無(wú)解二項(xiàng)式(ab)n與(ba)n全部展開項(xiàng)是相同的，只是前后順序顛倒而已；但具體涉及到二項(xiàng)展開式的某一項(xiàng)時(shí)就不一定相同了，因?yàn)槎?xiàng)展開式的項(xiàng)是按照(ab)n第一個(gè)數(shù)a的降冪排列的，不可隨意顛倒a，b的順序，如(ab)n的第r1項(xiàng)是Canrbr，(ba)n的第r1項(xiàng)是Cbnrar，因此要注意項(xiàng)數(shù)與順序的關(guān)系正解T3C2C，因?yàn)榈?項(xiàng)是常數(shù)，所以令0，解得n8.故展開式總共有9項(xiàng)，中間項(xiàng)是第5項(xiàng)