北京市2019版高考物理 專(zhuān)題九 靜電場(chǎng)課件.ppt

專(zhuān)題九靜電場(chǎng) 高考物理 北京市專(zhuān)用 1 2014北京理綜 15 6分 0 99 如圖所示 實(shí)線(xiàn)表示某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn) 虛線(xiàn)表示該電場(chǎng)的等勢(shì)面 下列判斷正確的是 A 1 2兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等B 1 3兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等C 1 2兩點(diǎn)的電勢(shì)相等D 2 3兩點(diǎn)的電勢(shì)相等 考點(diǎn)一電場(chǎng)的性質(zhì)A組自主命題 北京卷題組 五年高考 答案D同一電場(chǎng)中 電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方場(chǎng)強(qiáng)越大 所以1點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于2 3兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) A B錯(cuò)誤 同一等勢(shì)面上各點(diǎn)的電勢(shì)相等 沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低 故C錯(cuò)誤 D正確 考查點(diǎn)電場(chǎng)線(xiàn) 等勢(shì)面 思路點(diǎn)撥場(chǎng)強(qiáng)大小看電場(chǎng)線(xiàn)的疏密 電勢(shì)高低看電場(chǎng)線(xiàn)的方向 2 2018北京理綜 24 1 靜電場(chǎng)可以用電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面形象描述 a 請(qǐng)根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義和庫(kù)侖定律推導(dǎo)出點(diǎn)電荷Q的場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式 b 點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面分布如圖所示 等勢(shì)面S1 S2到點(diǎn)電荷的距離分別為r1 r2 我們知道 電場(chǎng)線(xiàn)的疏密反映了空間區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度的大小 請(qǐng)計(jì)算S1 S2上單位面積通過(guò)的電場(chǎng)線(xiàn)條數(shù)之比N1 N2 解析a 在距Q為r的位置放一電荷量為q的檢驗(yàn)電荷 根據(jù)庫(kù)侖定律檢驗(yàn)電荷受到的電場(chǎng)力F k根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義E 得E kb 穿過(guò)兩等勢(shì)面單位面積上的電場(chǎng)線(xiàn)條數(shù)之比 答案a 見(jiàn)解析b 思路分析輻射的球體模型構(gòu)建電場(chǎng)強(qiáng)度可理解為單位面積上穿過(guò)的電場(chǎng)線(xiàn)條數(shù) 3 2016北京理綜 23 3 極板間既有靜電場(chǎng)也有重力場(chǎng) 電勢(shì)反映了靜電場(chǎng)各點(diǎn)的能的性質(zhì) 請(qǐng)寫(xiě)出電勢(shì) 的定義式 類(lèi)比電勢(shì)的定義方法 在重力場(chǎng)中建立 重力勢(shì) G的概念 并簡(jiǎn)要說(shuō)明電勢(shì)和 重力勢(shì) 的共同特點(diǎn) 答案見(jiàn)解析 解析電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì) 定義為電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能Ep與其電荷量q的比值 即 由于重力做功與路徑無(wú)關(guān) 可以類(lèi)比靜電場(chǎng)電勢(shì)的定義 將重力場(chǎng)中物體在某點(diǎn)的重力勢(shì)能EG與其質(zhì)量m的比值 叫做 重力勢(shì) 即 G 電勢(shì) 和 重力勢(shì) G都是反映場(chǎng)的能的性質(zhì)的物理量 僅由場(chǎng)自身的因素決定 4 2017北京理綜 22 16分 如圖所示 長(zhǎng)l 1m的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定 下端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球 小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中 繩與豎直方向的夾角 37 已知小球所帶電荷量q 1 0 10 6C 勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E 3 0 103N C 取重力加速度g 10m s2 sin37 0 6 cos37 0 8 求 1 小球所受電場(chǎng)力F的大小 2 小球的質(zhì)量m 3 將電場(chǎng)撤去 小球回到最低點(diǎn)時(shí)速度v的大小 答案 1 3 0 10 3N 2 4 0 10 4kg 3 2 0m s 解析 1 F qE 3 0 10 3N 2 由 tan37 得m 4 0 10 4kg 3 由mgl 1 cos37 mv2 得v 2 0m s 解題指導(dǎo) 1 小球平衡時(shí) 正確進(jìn)行受力分析 2 撤去電場(chǎng)后 小球會(huì)從高處擺下 在小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中 機(jī)械能守恒 5 2018課標(biāo) 16 6分 如圖 三個(gè)固定的帶電小球a b和c 相互間的距離分別為ab 5cm bc 3cm ca 4cm 小球c所受庫(kù)侖力的合力的方向平行于a b的連線(xiàn) 設(shè)小球a b所帶電荷量的比值的絕對(duì)值為k 則 A a b的電荷同號(hào) k B a b的電荷異號(hào) k C a b的電荷同號(hào) k D a b的電荷異號(hào) k B組統(tǒng)一命題 課標(biāo)卷題組 答案D本題考查庫(kù)侖定律及矢量合成 若a b的電荷同號(hào) 則c所受庫(kù)侖力的合力指向2或4區(qū)域 若a b的電荷異號(hào) 則c所受庫(kù)侖力的合力指向1或3區(qū)域 故只有a b的電荷異號(hào) 合力方向才能與a b連線(xiàn)平行 設(shè)a帶正電荷 b c帶負(fù)電荷 c受力如圖 tan tan tan 由庫(kù)侖定律得 聯(lián)立得k 故A B C三項(xiàng)均錯(cuò)誤 D項(xiàng)正確 聯(lián)立得k 故A B C三項(xiàng)均錯(cuò)誤 D項(xiàng)正確 一題多解電場(chǎng)強(qiáng)度疊加法球c所受的庫(kù)侖力的合力方向平行于a b連線(xiàn) 表明球c處的合電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行于a b連線(xiàn) 若a b的電荷同號(hào) 球c處的合電場(chǎng)強(qiáng)度指向2或4區(qū)域 若a b的電荷異號(hào) 球c處的合電場(chǎng)強(qiáng)度指向1或3區(qū)域 故a b的電荷必須異號(hào) 設(shè)a c帶正電荷 b帶負(fù)電荷 球c處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向如圖 tan tan 由電場(chǎng)強(qiáng)度疊加原理得 tan 結(jié)合點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式得 6 2018課標(biāo) 21 6分 多選 如圖 同一平面內(nèi)的a b c d四點(diǎn)處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中 電場(chǎng)方向與此平面平行 M為a c連線(xiàn)的中點(diǎn) N為b d連線(xiàn)的中點(diǎn) 一電荷量為q q 0 的粒子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn) 其電勢(shì)能減小W1 若該粒子從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn) 其電勢(shì)能減小W2 下列說(shuō)法正確的是 A 此勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向一定與a b兩點(diǎn)連線(xiàn)平行B 若該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn) 則電場(chǎng)力做功一定為C 若c d之間的距離為L(zhǎng) 則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小一定為D 若W1 W2 則a M兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差一定等于b N兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差 答案BD本題考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化量的關(guān)系 勻強(qiáng)電場(chǎng)中U Ed 根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化量的關(guān)系有W1 q a b W2 q c d WMN q M N 根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中 同一條直線(xiàn)上兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與兩點(diǎn)間的距離成正比 的規(guī)律可知 UaM UMc 即 a M M c 可得 M 同理可得 N 聯(lián)立 式可得 WMN 即B項(xiàng)正確 若W1 W2 則 a b c d 結(jié)合 兩式可推出 a M b N 即D項(xiàng)正確 由題意無(wú)法判定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向 故A C項(xiàng)均錯(cuò)誤 易錯(cuò)點(diǎn)撥注意E 成立的條件在勻強(qiáng)電場(chǎng)中 E 中的d為始 末兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線(xiàn)方向上的距離 本題中如果未注意這一條件 易錯(cuò)選C 7 2018課標(biāo) 21 6分 多選 圖中虛線(xiàn)a b c d f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面 已知平面b上的電勢(shì)為2V 一電子經(jīng)過(guò)a時(shí)的動(dòng)能為10eV 從a到d的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做的功為6eV 下列說(shuō)法正確的是 A 平面c上的電勢(shì)為零B 該電子可能到達(dá)不了平面fC 該電子經(jīng)過(guò)平面d時(shí) 其電勢(shì)能為4eVD 該電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的速率是經(jīng)過(guò)d時(shí)的2倍 答案AB本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 能量的轉(zhuǎn)化與守恒等知識(shí) 電子從a到d的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功6eV 說(shuō)明電場(chǎng)方向由a f 且Uad 3Uab 3Ubc 3Ucd 3Udf 6V 故Uab Ubc Ucd Udf 2V 又因?yàn)?b 2V 故 a 4V c 0V d 2V f 4V 可知A項(xiàng)正確 Eka 10eV 從a到f過(guò)程中 需克服電場(chǎng)力做功8eV Eka W電 因?yàn)椴恢离娮拥倪\(yùn)動(dòng)方向 故不能確定電子能否到達(dá)平面f 故B項(xiàng)正確 電子經(jīng)過(guò)平面d時(shí) 其電勢(shì)能為2eV 故C項(xiàng)錯(cuò)誤 經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的動(dòng)能為8eV 經(jīng)過(guò)平面d時(shí)的動(dòng)能為4eV 又知Ek mv2 故 D項(xiàng)錯(cuò)誤 易錯(cuò)點(diǎn)撥隱含條件的顯性化動(dòng)能是標(biāo)量 而速度是矢量 故本題中不知道初速度的具體方向 8 2017課標(biāo) 20 6分 多選 在一靜止點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中 任一點(diǎn)的電勢(shì) 與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示 電場(chǎng)中四個(gè)點(diǎn)a b c和d的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea Eb Ec和Ed 點(diǎn)a到點(diǎn)電荷的距離ra與點(diǎn)a的電勢(shì) a已在圖中用坐標(biāo) ra a 標(biāo)出 其余類(lèi)推 現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點(diǎn)依次經(jīng)b c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn) 在相鄰兩點(diǎn)間移動(dòng)的過(guò)程中 電場(chǎng)力所做的功分別為Wab Wbc和Wcd 下列選項(xiàng)正確的是 A Ea Eb 4 1B Ec Ed 2 1C Wab Wbc 3 1D Wbc Wcd 1 3 答案AC本題考查場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì) 由圖可知 ra 1m a 6V rb 2m b 3V rc 3m c 2V rd 6m d 1V 由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E 得Ea Eb Ec Ed 36 9 4 1 A正確 B錯(cuò)誤 由WAB qUAB q A B 得Wab Wbc Wcd a b b c c d 3 1 1 故C正確 D錯(cuò)誤 方法技巧電場(chǎng)力做功的計(jì)算方法定量計(jì)算電場(chǎng)力做功時(shí) 第一種方法是利用W qU 第二種方法是利用功能關(guān)系即電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的變化量 第三種方法是利用動(dòng)能定理 第四種方法是由功的定義得W qElcos 其中最后一種方法僅適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)中 9 2017課標(biāo) 21 6分 多選 一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xOy平面 平面內(nèi)a b c三點(diǎn)的位置如圖所示 三點(diǎn)的電勢(shì)分別為10V 17V 26V 下列說(shuō)法正確的是 A 電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為2 5V cmB 坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為1VC 電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的低7eVD 電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn) 電場(chǎng)力做功為9eV 答案ABD本題考查場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系 電勢(shì)能和電場(chǎng)力做功 設(shè)a c連線(xiàn)上d點(diǎn)電勢(shì)為17V 連接b d bd為等勢(shì)線(xiàn) 如圖據(jù)U Ed可知 勻強(qiáng)電場(chǎng)中U與d成正比 則 即 得lcd 4 5cm 則tan 37 過(guò)c點(diǎn)作bd的垂線(xiàn)交bd于e點(diǎn) 如圖 則lce lcbsin 6 cm 3 6cm Uce 26V 17V 9V ce方向垂直等勢(shì)線(xiàn)bd且 c e 則ce方向?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)方向 據(jù)E 可知E 2 5V cm 故A選項(xiàng)正確 laO lcb 故UaO Ucb 即 a O c b 得 O 1V 故B選項(xiàng)正確 據(jù)Ep q e aEpb 故C選項(xiàng)錯(cuò)誤 據(jù)Wbc qUbc知Wbc e Ubc e b c e 17 26 V 9eV 故D選項(xiàng)正確 方法技巧充分利用U Ed中場(chǎng)強(qiáng)一定時(shí)U與d成正比的關(guān)系 直角三角形中tan37 和sin37 解題 建立bd等勢(shì)線(xiàn) 在ac上利用U與d成正比來(lái)求 d 17V時(shí)cd的長(zhǎng)度lcd 4 5cm 確定 37 作出等勢(shì)線(xiàn)的垂線(xiàn)尋找E的方向 再利用 37 得到ce長(zhǎng)度 由E 算出E的大小 在應(yīng)用Ep q 及W qU時(shí)要注意電子帶電荷量為 e 這樣判斷電子在a b點(diǎn)電勢(shì)能高低時(shí)不易出錯(cuò) 10 2016課標(biāo) 20 6分 多選 如圖 一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng) 其軌跡在豎直面 紙面 內(nèi) 且相對(duì)于過(guò)軌跡最低點(diǎn)P的豎直線(xiàn)對(duì)稱(chēng) 忽略空氣阻力 由此可知 A Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高B 油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大C 油滴在Q點(diǎn)的電勢(shì)能比它在P點(diǎn)的大D 油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在P點(diǎn)的小 答案AB由油滴軌跡在豎直面內(nèi)相對(duì)于過(guò)P點(diǎn)的豎直線(xiàn)對(duì)稱(chēng)可知油滴在水平方向所受合力為0 豎直方向上油滴受重力和電場(chǎng)力 結(jié)合曲線(xiàn)軌跡的特點(diǎn)可知電場(chǎng)力豎直向上且電場(chǎng)力大于重力 油滴受力及電場(chǎng)線(xiàn)方向如圖所示 由沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)逐漸降低 得Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)的高 A選項(xiàng)正確 油滴從Q點(diǎn)到P點(diǎn)合力做負(fù)功 根據(jù)動(dòng)能定理得油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能大于它在P點(diǎn)的動(dòng)能 這一過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功 則油滴在Q點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在P點(diǎn)的電勢(shì)能 故B項(xiàng)正確 C項(xiàng)錯(cuò) 因?yàn)橹亓碗妶?chǎng)力為恒力 所以油滴在Q P兩點(diǎn)的加速度相同 故D項(xiàng)錯(cuò)誤 疑難突破考生必須分析出油滴軌跡的對(duì)稱(chēng)性具有的含義 才能展開(kāi)進(jìn)一步的分析 評(píng)析以電場(chǎng)和重力場(chǎng)為背景 考查電場(chǎng)及運(yùn)動(dòng)的知識(shí) 關(guān)鍵在于分析出對(duì)稱(chēng)性的特點(diǎn) 才能得出電場(chǎng)力與重力的大小關(guān)系及方向 屬于中等難度 11 2016課標(biāo) 15 6分 如圖 P是固定的點(diǎn)電荷 虛線(xiàn)是以P為圓心的兩個(gè)圓 帶電粒子Q在P的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng) 運(yùn)動(dòng)軌跡與兩圓在同一平面內(nèi) a b c為軌跡上的三個(gè)點(diǎn) 若Q僅受P的電場(chǎng)力作用 其在a b c點(diǎn)的加速度大小分別為aa ab ac 速度大小分別為va vb vc 則 A aa ab ac va vc vbB aa ab ac vb vc vaC ab ac aa vb vc vaD ab ac aa va vc vb 答案D帶電粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用 由牛頓第二定律知加速度a E k 因?yàn)閞bac aa 由動(dòng)能定理有Wab qQUab m mWbc qQUbc m m因?yàn)閃abvb因?yàn)閃bc 0 所以vc vb因?yàn)?Uab Ubc 所以va vc故有va vc vb D項(xiàng)正確 規(guī)律總結(jié)掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)的特點(diǎn)及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系 明確僅在電場(chǎng)力作用下 加速度的大小取決于場(chǎng)強(qiáng)的大小 速度的大小取決于電場(chǎng)力做功的正負(fù)及大小 評(píng)析本題在考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn) 等勢(shì)面的分布特點(diǎn)及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差關(guān)系的同時(shí) 綜合考查了牛頓運(yùn)動(dòng)定律及肛動(dòng)能定理的內(nèi)容 綜合性較強(qiáng) 12 2016課標(biāo) 15 6分 關(guān)于靜電場(chǎng)的等勢(shì)面 下列說(shuō)法正確的是 A 兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面可能相交B 電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面處處相互垂直C 同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度一定相等D 將一負(fù)的試探電荷從電勢(shì)較高的等勢(shì)面移至電勢(shì)較低的等勢(shì)面 電場(chǎng)力做正功 答案B假設(shè)兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面相交 則交點(diǎn)處的電勢(shì)就是兩個(gè)不同的值 這是不可能的 A錯(cuò)誤 同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電勢(shì)相等 而場(chǎng)強(qiáng)不一定相等 C錯(cuò)誤 負(fù)電荷從高電勢(shì)處移到低電勢(shì)處 電勢(shì)能增加 電場(chǎng)力做負(fù)功 D錯(cuò)誤 方法技巧用類(lèi)比法理解電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功以及電勢(shì)能變化情況 一塊石頭從山頂 高地勢(shì)處 滾落到山腳 低地勢(shì)處 重力勢(shì)能減少 重力做正功 與此類(lèi)似 正電荷從高電勢(shì)處向低電勢(shì)處移動(dòng) 電勢(shì)能減少 電場(chǎng)力做正功 所以 可將正電荷與石頭類(lèi)比 如果是負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng) 只要把正電荷電勢(shì)能變化 電場(chǎng)力做功情況反過(guò)來(lái)就可以了 13 2015課標(biāo) 15 6分 0 699 如圖 直線(xiàn)a b和c d是處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩組平行線(xiàn) M N P Q是它們的交點(diǎn) 四點(diǎn)處的電勢(shì)分別為 M N P Q 一電子由M點(diǎn)分別運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)和P點(diǎn)的過(guò)程中 電場(chǎng)力所做的負(fù)功相等 則 A 直線(xiàn)a位于某一等勢(shì)面內(nèi) M QB 直線(xiàn)c位于某一等勢(shì)面內(nèi) M NC 若電子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) 電場(chǎng)力做正功D 若電子由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) 電場(chǎng)力做負(fù)功 答案B由電子從M點(diǎn)分別運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)和P點(diǎn)的過(guò)程中 電場(chǎng)力所做的負(fù)功相等可知 M N P 故過(guò)N P點(diǎn)的直線(xiàn)d位于某一等勢(shì)面內(nèi) 則與直線(xiàn)d平行的直線(xiàn)c也位于某一等勢(shì)面內(nèi) 選項(xiàng)A錯(cuò) B正確 M Q 則電子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) 電場(chǎng)力不做功 選項(xiàng)C錯(cuò)誤 由于 P M Q 電子由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn) 電勢(shì)能減小 電場(chǎng)力做正功 選項(xiàng)D錯(cuò)誤 解題關(guān)鍵 電子帶負(fù)電荷 由 一電子由M點(diǎn)分別運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)和P點(diǎn)的過(guò)程中 電場(chǎng)力所做的負(fù)功相等 知N P兩點(diǎn)在同一等勢(shì)線(xiàn)上 則直線(xiàn)c d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)線(xiàn) 由于勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)線(xiàn)垂直可知 a和b為電場(chǎng)線(xiàn) 由于電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功 可知電場(chǎng)方向?yàn)镸 N 知識(shí)總結(jié) 勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)線(xiàn)分別是相互垂直的兩組平行線(xiàn) 電場(chǎng)力對(duì)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電荷做的功W q 14 2014課標(biāo) 19 6分 多選 關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì) 下列說(shuō)法正確的是 A 電場(chǎng)強(qiáng)度的方向處處與等電勢(shì)面垂直B 電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方 電勢(shì)也為零C 隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小 電勢(shì)也逐漸降低D 任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落最快的方向 答案AD電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)為零的位置是絕對(duì)的 而電勢(shì)為零的位置是人為選取的 再者場(chǎng)強(qiáng)的大小表征著電勢(shì)隨空間的變化率 而與電勢(shì)的大小無(wú)關(guān) 故B錯(cuò)誤 由沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低 可知電勢(shì)的升降取決于場(chǎng)強(qiáng)的方向而與場(chǎng)強(qiáng)的大小無(wú)關(guān) 故C錯(cuò)誤 C組教師專(zhuān)用題組 15 2009北京理綜 16 6分 某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示 圖中P Q兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為EP和EQ 電勢(shì)分別為 P和 Q 則 A EP EQ P QB EP EQ P QD EP EQ P Q 答案A根據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)是降落的 可以判斷出 P Q 根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示電場(chǎng)的弱強(qiáng) 可以判斷出EP EQ 故選A C組教師專(zhuān)用題組 16 2009北京理綜 20 6分 圖示為一個(gè)內(nèi) 外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)狀均勻帶電平面 其單位面積帶電量為 取環(huán)面中心O為原點(diǎn) 以垂直于環(huán)面的軸線(xiàn)為x軸 設(shè)軸上任意點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離為x P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E 下面給出E的四個(gè)表達(dá)式 式中k為靜電力常量 其中只有一個(gè)是合理的 你可能不會(huì)求解此處的場(chǎng)強(qiáng)E 但是你可以通過(guò)一定的物理分析 對(duì)下列表達(dá)式的合理性做出判斷 根據(jù)你的判斷 E的合理表達(dá)式應(yīng)為 A E 2 k xB E 2 k x C E 2 k xD E 2 k x 答案B當(dāng)R1 0時(shí) 對(duì)于A項(xiàng)而言E 0 此時(shí)帶電圓環(huán)演變?yōu)閹щ妶A面 中心軸線(xiàn)上一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E 0 故A項(xiàng)錯(cuò)誤 當(dāng)x 0時(shí) 此時(shí)要求的場(chǎng)強(qiáng)為O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) 由對(duì)稱(chēng)性可知EO 0 對(duì)于C項(xiàng)而言 x 0時(shí)E為一定值 故C項(xiàng)錯(cuò)誤 當(dāng)x 時(shí)E 0 而D項(xiàng)中E 4 k 故D項(xiàng)錯(cuò)誤 所以正確選項(xiàng)只能為B 1 2018北京理綜 19 6分 研究與平行板電容器電容有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示 下列說(shuō)法正確的是 A 實(shí)驗(yàn)前 只用帶電玻璃棒與電容器a板接觸 能使電容器帶電B 實(shí)驗(yàn)中 只將電容器b板向上平移 靜電計(jì)指針的張角變小C 實(shí)驗(yàn)中 只在極板間插入有機(jī)玻璃板 靜電計(jì)指針的張角變大D 實(shí)驗(yàn)中 只增加極板帶電量 靜電計(jì)指針的張角變大 表明電容增大 考點(diǎn)二電容器 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)A組自主命題 北京卷題組 答案A本題考查平行板電容器 帶電玻璃棒接觸a板 a板會(huì)帶上同種電荷 同時(shí)b板上會(huì)感應(yīng)出異種電荷 故A正確 靜電計(jì)指針張角反映電容器兩板間電壓 將b板上移 正對(duì)面積S減小 電容C減小 板間電壓U增大 故指針張角變大 B錯(cuò) 插入有機(jī)玻璃板 相對(duì)介電常數(shù) r增大 電容C增大 板間電壓U減小 指針張角變小 C錯(cuò) 只增加極板帶電量Q 板間電壓U增大 但電容保持不變 故D錯(cuò) 解題關(guān)鍵電容器中各量的變化關(guān)系電容C 及C 對(duì)這兩個(gè)公式的理解及各量的物理含義的認(rèn)識(shí) 是解答本題的關(guān)鍵 2 2016北京理綜 23 1 2 0 59 如圖所示 電子由靜止開(kāi)始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后 沿平行于板面的方向射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng) 并從另一側(cè)射出 已知電子質(zhì)量為m 電荷量為e 加速電場(chǎng)電壓為U0 偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)可看做勻強(qiáng)電場(chǎng) 極板間電壓為U 極板長(zhǎng)度為L(zhǎng) 板間距為d 1 忽略電子所受重力 求電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度v0和從電場(chǎng)射出時(shí)沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離 y 2 分析物理量的數(shù)量級(jí) 是解決物理問(wèn)題的常用方法 在解決 1 問(wèn)時(shí)忽略了電子所受重力 請(qǐng)利用下列數(shù)據(jù)分析說(shuō)明其原因 已知U 2 0 102V d 4 0 10 2m m 9 1 10 31kg e 1 6 10 19C g 10m s2 解析 1 根據(jù)功和能的關(guān)系 有eU0 m電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的初速度v0 在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中 電子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間 t L偏轉(zhuǎn)距離 y a t 2 2 考慮電子所受重力和電場(chǎng)力的數(shù)量級(jí) 有重力G mg 10 29N電場(chǎng)力F 10 15N由于F G 因此不需要考慮電子所受重力 答案 1 2 見(jiàn)解析 解題指導(dǎo)這是屬于帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中先加速再偏轉(zhuǎn)的問(wèn)題 帶電粒子在加速電場(chǎng)中運(yùn)用功能關(guān)系 動(dòng)能定理 來(lái)列式 帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成和分解來(lái)解答 審題指導(dǎo)讀題要抓住帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì) 在加速電場(chǎng)中做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng) 3 2015北京理綜 24 20分 0 31 真空中放置的平行金屬板可以用作光電轉(zhuǎn)換裝置 如圖所示 光照前兩板都不帶電 以光照射A板 則板中的電子可能吸收光的能量而逸出 假設(shè)所有逸出的電子都垂直于A板向B板運(yùn)動(dòng) 忽略電子之間的相互作用 保持光照條件不變 a和b為接線(xiàn)柱 已知單位時(shí)間內(nèi)從A板逸出的電子數(shù)為N 電子逸出時(shí)的最大動(dòng)能為Ekm 元電荷為e 1 求A板和B板之間的最大電勢(shì)差Um 以及將a b短接時(shí)回路中的電流I短 2 圖示裝置可看做直流電源 求其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r 3 在a和b之間連接一個(gè)外電阻時(shí) 該電阻兩端的電壓為U 外電阻上消耗的電功率設(shè)為P 單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)B板的電子 在從A板運(yùn)動(dòng)到B板的過(guò)程中損失的動(dòng)能之和設(shè)為 Ek 請(qǐng)推導(dǎo)證明 P Ek 注意 解題過(guò)程中需要用到 但題目沒(méi)有給出的物理量 要在解題中做必要的說(shuō)明 解析 1 由動(dòng)能定理 Ekm eUm 可得Um 短路時(shí)所有逸出電子都到達(dá)B板 故短路電流I短 Ne 2 電源的電動(dòng)勢(shì)等于斷路時(shí)的路端電壓 即上面求出的Um 所以E Um 電源內(nèi)阻r 3 外電阻兩端的電壓為U 則電源兩端的電壓也是U 由動(dòng)能定理 一個(gè)電子經(jīng)電源內(nèi)部電場(chǎng)后損失的動(dòng)能 Eke eU設(shè)單位時(shí)間內(nèi)有N 個(gè)電子到達(dá)B板 則損失的動(dòng)能之和 Ek N Eke N eU 答案 1 Ne 2 3 見(jiàn)解析 根據(jù)電流的定義 此時(shí)電源內(nèi)部的電流I N e此時(shí)流過(guò)外電阻的電流也是I N e 外電阻上消耗的電功率P IU N eU所以P Ek 考查點(diǎn)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 電路 功能關(guān)系 思路點(diǎn)撥1 最大電勢(shì)能對(duì)應(yīng)電子的最大初動(dòng)能 短路時(shí)兩板間電勢(shì)差為零 A板上的電子會(huì)全部到達(dá)B板 2 從電路的角度分析 電動(dòng)勢(shì)等于電源斷路時(shí)的路端電壓 而短路電流等于電動(dòng)勢(shì)除以電源內(nèi)阻 3 外電阻上消耗的功率P IU I為單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)的電子的總電荷量 Ek是單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)B板的電子損失的動(dòng)能總和 4 2011北京理綜 24 20分 0 17 靜電場(chǎng)方向平行于x軸 其電勢(shì) 隨x的分布可簡(jiǎn)化為如圖所示的折線(xiàn) 圖中 0和d為已知量 一個(gè)帶負(fù)電的粒子在電場(chǎng)中以x 0為中心 沿x軸方向做周期性運(yùn)動(dòng) 已知該粒子質(zhì)量為m 電量為 q 其動(dòng)能與電勢(shì)能之和為 A 0 A q 0 忽略重力 求 1 粒子所受電場(chǎng)力的大小 2 粒子的運(yùn)動(dòng)區(qū)間 3 粒子的運(yùn)動(dòng)周期 答案 1 2 d x d 3 解析 1 由圖可知 0與d 或 d 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為 0電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E 電場(chǎng)力的大小F qE 2 設(shè)粒子在 x0 x0 區(qū)間內(nèi)運(yùn)動(dòng) 速率為v 由題意得mv2 q A 由圖可知 0 由 得mv2 q 0 A 因動(dòng)能非負(fù) 有q 0 A 0得 x d即x0 d 粒子的運(yùn)動(dòng)區(qū)間 d x d 3 考慮粒子從 x0處開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的四分之一周期根據(jù)牛頓第二定律 粒子的加速度a 由勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)t 將 兩式代入 得t 粒子的運(yùn)動(dòng)周期T 4t B組統(tǒng)一命題 課標(biāo)卷題組 5 2018課標(biāo) 21 6分 多選 如圖 一平行板電容器連接在直流電源上 電容器的極板水平 兩微粒a b所帶電荷量大小相等 符號(hào)相反 使它們分別靜止于電容器的上 下極板附近 與極板距離相等 現(xiàn)同時(shí)釋放a b 它們由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng) 在隨后的某時(shí)刻t a b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面 a b間的相互作用和重力可忽略 下列說(shuō)法正確的是 A a的質(zhì)量比b的大B 在t時(shí)刻 a的動(dòng)能比b的大C 在t時(shí)刻 a和b的電勢(shì)能相等D 在t時(shí)刻 a和b的動(dòng)量大小相等 B組統(tǒng)一命題 課標(biāo)卷題組 答案BD本題考查電容器和帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 由題設(shè)條件可知 微粒a向下運(yùn)動(dòng) 微粒b向上運(yùn)動(dòng) 且在相等時(shí)間內(nèi) 位移xa xb 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式及牛頓第二定律可得 x t2 則maEkb 選項(xiàng)B正確 由動(dòng)量定理可得 qEt p 則pa與pb大小相等 選項(xiàng)D正確 在t時(shí)刻 a b在同一水平面上 電勢(shì) 相等 而兩微粒的電性不同 由Ep q 可知a和b的電勢(shì)能不相等 選項(xiàng)C錯(cuò)誤 易錯(cuò)點(diǎn)撥對(duì)Ep q 的理解Ep q 中 電勢(shì)能Ep 電荷量q和電勢(shì) 都為標(biāo)量 但有正負(fù)之分 在利用該式進(jìn)行分析時(shí) 要求將正 負(fù)號(hào)代入進(jìn)行計(jì)算 否則容易出現(xiàn)錯(cuò)誤 6 2016課標(biāo) 14 6分 一平行板電容器兩極板之間充滿(mǎn)云母介質(zhì) 接在恒壓直流電源上 若將云母介質(zhì)移出 則電容器 A 極板上的電荷量變大 極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大B 極板上的電荷量變小 極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大C 極板上的電荷量變大 極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變D 極板上的電荷量變小 極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變 答案D平行板電容器電容C 云母介質(zhì)移出 r減小 C減小 又C 電源恒壓 U一定 C減小 故Q減小 電場(chǎng)強(qiáng)度E 故E不變 選項(xiàng)D正確 審題指導(dǎo)關(guān)鍵詞 恒壓直流電源 介質(zhì)移出 評(píng)析此題考查平行板電容器電容 電荷量及電場(chǎng)強(qiáng)度之間的關(guān)系 難度為易 考生根據(jù)相關(guān)公式即可分析解答 7 2015課標(biāo) 14 6分 0 586 如圖 兩平行的帶電金屬板水平放置 若在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒 微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài) 現(xiàn)將兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸 垂直于紙面 逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45 再由a點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒 該微粒將 A 保持靜止?fàn)顟B(tài)B 向左上方做勻加速運(yùn)動(dòng)C 向正下方做勻加速運(yùn)動(dòng)D 向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng) 答案D最初帶電微粒處于靜止?fàn)顟B(tài) 受力如圖 1 Eq mg 當(dāng)兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)45 時(shí) 帶電微粒的受力如圖 2 其合力指向左下方 故微粒從靜止開(kāi)始向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng) 選項(xiàng)D正確 審題指導(dǎo) 微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài) 即處于平衡狀態(tài) 所受的合外力為零 得微粒所受的電場(chǎng)力與其重力大小相等方向相反 將兩板繞過(guò)a點(diǎn)的軸 垂直于紙面 逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45 注意電容器帶電荷量不變 間距不變 正對(duì)面積也不變 故電場(chǎng)強(qiáng)度的大小不變 電場(chǎng)力的大小不變 僅方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45 根據(jù)平行四邊形定則求出合力的方向 確定微粒的運(yùn)動(dòng)即可 8 2015課標(biāo) 24 12分 0 298 如圖 一質(zhì)量為m 電荷量為q q 0 的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng) A B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn) 已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0 方向與電場(chǎng)方向的夾角為60 它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30 不計(jì)重力 求A B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差 解析設(shè)帶電粒子在B點(diǎn)的速度大小為vB 粒子在垂直于電場(chǎng)方向上的速度分量不變 即vBsin30 v0sin60 由此得vB v0 設(shè)A B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UAB 由動(dòng)能定理有qUAB m 聯(lián)立 式得UAB 答案 解題關(guān)鍵 據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立原理 一個(gè)物體同時(shí)參與幾個(gè)不同方向的運(yùn)動(dòng) 每個(gè)分運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相互獨(dú)立 可知粒子在A和B兩點(diǎn)沿與電場(chǎng)垂直的方向上分速度相同 即vBsin30 v0sin60 A和B兩點(diǎn)速度方向雖然不同 但是并不影響動(dòng)能定理的運(yùn)用 9 2017課標(biāo) 25 20分 如圖 兩水平面 虛線(xiàn) 之間的距離為H 其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng) 自該區(qū)域上方的A點(diǎn)將質(zhì)量均為m 電荷量分別為q和 q q 0 的帶電小球M N先后以相同的初速度沿平行于電場(chǎng)的方向射出 小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域 并從該區(qū)域的下邊界離開(kāi) 已知N離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下 M在電場(chǎng)中做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 剛離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為N剛離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)動(dòng)能的1 5倍 不計(jì)空氣阻力 重力加速度大小為g 求 1 M與N在電場(chǎng)中沿水平方向的位移之比 2 A點(diǎn)距電場(chǎng)上邊界的高度 3 該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小 答案 1 3 1 2 H 3 解析本題考查勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 運(yùn)動(dòng)的分解 電場(chǎng) 動(dòng)能定理 1 設(shè)小球M N在A點(diǎn)水平射出時(shí)的初速度大小為v0 則它們進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的水平速度仍然為v0 M N在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等 電場(chǎng)力作用下產(chǎn)生的加速度沿水平方向 大小均為a 在電場(chǎng)中沿水平方向的位移分別為s1和s2 由題給條件和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v0 at 0 s1 v0t at2 s2 v0t at2 聯(lián)立 式得 3 2 設(shè)A點(diǎn)距電場(chǎng)上邊界的高度為h 小球下落h時(shí)在豎直方向的分速度為vy 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 2gh H vyt gt2 M進(jìn)入電場(chǎng)后做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 由幾何關(guān)系知 聯(lián)立 式可得h H 3 設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E 小球M進(jìn)入電場(chǎng)后做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 則 設(shè)M N離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能分別為Ek1 Ek2 由動(dòng)能定理得Ek1 m mgH qEs1 Ek2 m mgH qEs2由已知條件Ek1 1 5Ek2聯(lián)立 式得E 解題關(guān)鍵 N離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下 N在水平方向的速度恰好減速到0 方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng) M N在豎直方向只受重力 二者在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等 剛離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)M的動(dòng)能為N的1 5倍 建立等式確定電場(chǎng)力和重力的關(guān)系 10 2017課標(biāo) 25 20分 真空中存在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1的勻強(qiáng)電場(chǎng) 一帶電油滴在該電場(chǎng)中豎直向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 速度大小為v0 在油滴處于位置A時(shí) 將電場(chǎng)強(qiáng)度的大小突然增大到某值 但保持其方向不變 持續(xù)一段時(shí)間t1后 又突然將電場(chǎng)反向 但保持其大小不變 再持續(xù)同樣一段時(shí)間后 油滴運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn) 重力加速度大小為g 1 求油滴運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度 2 求增大后的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小 為保證后來(lái)的電場(chǎng)強(qiáng)度比原來(lái)的大 試給出相應(yīng)的t1和v0應(yīng)滿(mǎn)足的條件 已知不存在電場(chǎng)時(shí) 油滴以初速度v0做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的最大高度恰好等于B A兩點(diǎn)間距離的兩倍 解析本題考查電場(chǎng) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 1 設(shè)油滴質(zhì)量和電荷量分別為m和q 油滴速度方向向上為正 油滴在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1的勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 故電場(chǎng)力方向向上 在t 0時(shí) 電場(chǎng)強(qiáng)度突然從E1增加至E2時(shí) 油滴做豎直向上的勻加速運(yùn)動(dòng) 加速度方向向上 大小a1滿(mǎn)足qE2 mg ma1 油滴在時(shí)刻t1的速度為v1 v0 a1t1 電場(chǎng)強(qiáng)度在時(shí)刻t1突然反向 油滴做勻變速運(yùn)動(dòng) 加速度方向向下 大小a2滿(mǎn)足qE2 mg ma2 油滴在時(shí)刻t2 2t1的速度為v2 v1 a2t1 由 式得v2 v0 2gt1 2 由題意 在t 0時(shí)刻前有 答案見(jiàn)解析 qE1 mg 油滴從t 0到時(shí)刻t1的位移為s1 v0t1 a1 油滴在從時(shí)刻t1到時(shí)刻t2 2t1的時(shí)間間隔內(nèi)的位移為s2 v1t1 a2 由題給條件有 2g 2h 式中h是B A兩點(diǎn)之間的距離 若B點(diǎn)在A點(diǎn)之上 依題意有s1 s2 h 由 式得E2 E1為使E2 E1 應(yīng)有 2 1即當(dāng)0才是可能的 條件式和式分別對(duì)應(yīng)于v2 0和v2E1 應(yīng)有 2 1即t1 另一解為負(fù) 不合題意 已舍去 解題指導(dǎo)多階段運(yùn)動(dòng)物體的運(yùn)動(dòng)不僅僅取決于物體所受外力 還與物體的初速度有關(guān) 在多階段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 當(dāng)物體所受外力突變時(shí) 物體由于慣性而速度不發(fā)生突變 故物體在前一階段的末速度即物體在后一階段的初速度 對(duì)于多階段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體在各階段中發(fā)生的位移之間的聯(lián)系 可以通過(guò)作運(yùn)動(dòng)過(guò)程草圖來(lái)獲得 11 2014課標(biāo) 25 20分 如圖 O A B為同一豎直平面內(nèi)的三個(gè)點(diǎn) OB沿豎直方向 BOA 60 OB OA 將一質(zhì)量為m的小球以一定的初動(dòng)能自O(shè)點(diǎn)水平向右拋出 小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恰好通過(guò)A點(diǎn) 使此小球帶電 電荷量為q q 0 同時(shí)加一勻強(qiáng)電場(chǎng) 場(chǎng)強(qiáng)方向與 OAB所在平面平行 現(xiàn)從O點(diǎn)以同樣的初動(dòng)能沿某一方向拋出此帶電小球 該小球通過(guò)了A點(diǎn) 到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能是初動(dòng)能的3倍 若該小球從O點(diǎn)以同樣的初動(dòng)能沿另一方向拋出 恰好通過(guò)B點(diǎn) 且到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為初動(dòng)能的6倍 重力加速度大小為g 求 1 無(wú)電場(chǎng)時(shí) 小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與初動(dòng)能的比值 2 電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向 C組教師專(zhuān)用題組 解析 1 設(shè)小球的初速度為v0 初動(dòng)能為Ek0 從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的時(shí)間為t 令OA d 則OB d 根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有dsin60 v0t dcos60 gt2 又有Ek0 m 由 式得Ek0 mgd 設(shè)小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為EkA 則EkA Ek0 mgd 由 式得 2 加電場(chǎng)后 小球從O點(diǎn)到A點(diǎn)和B點(diǎn) 高度分別降低了和 設(shè)電勢(shì)能分別減小 EpA和 EpB 由能量守恒及 式得 EpA 3Ek0 Ek0 mgd Ek0 答案 1 2 方向 與豎直向下的方向成30 夾角 EpB 6Ek0 Ek0 mgd Ek0 在勻強(qiáng)電場(chǎng)中 沿任一直線(xiàn) 電勢(shì)的降落是均勻的 設(shè)直線(xiàn)OB上的M點(diǎn)與A點(diǎn)等電勢(shì) M與O點(diǎn)的距離為x 如圖 則有 解得x d MA為等勢(shì)線(xiàn) 電場(chǎng)必與其垂線(xiàn)OC方向平行 設(shè)電場(chǎng)方向與豎直向下的方向的夾角為 由幾何關(guān)系可得 30 即電場(chǎng)方向與豎直向下的方向的夾角為30 設(shè)場(chǎng)強(qiáng)的大小為E 有qEdcos30 EpA由 式得E 三年模擬 1 2016北京東城期末 9 兩塊相互靠近的平行金屬板M N組成電容器 充電后與電源斷開(kāi) M板帶正電 N板帶負(fù)電 且電荷量保持不變 如圖所示 板間有一個(gè)用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的帶電小球 可視為質(zhì)點(diǎn) 小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為 忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響 則 A 小球帶負(fù)電 若將細(xì)線(xiàn)燒斷 小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€(xiàn)運(yùn)動(dòng)B 小球帶正電 若將細(xì)線(xiàn)燒斷 小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C 若只將N板水平向右平移少許 電容器的電容將變小 夾角 將變大D 若只將N板豎直向上平移少許 電容器的電容將變小 夾角 將變大 考點(diǎn)一電場(chǎng)的性質(zhì) A組2016 2018年高考模擬 基礎(chǔ)題組 三年模擬 答案D由小球靜止時(shí)偏向右側(cè)可知小球帶正電 燒斷細(xì)線(xiàn) 小球在電場(chǎng)力和重力的共同作用下 沿兩力的合力方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 所以A和B均錯(cuò) 在電荷量不變時(shí) N板右移或上移 電容器的電容均減小 但上移會(huì)使電場(chǎng)強(qiáng)度變大 夾角 變大 選項(xiàng)C錯(cuò)D對(duì) 2 2017北京海淀零模 17 如圖甲所示 直線(xiàn)AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線(xiàn) 若在A點(diǎn)放置一初速度為零的質(zhì)子 質(zhì)子僅在電場(chǎng)力作用下 沿直線(xiàn)AB由A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示 則下列說(shuō)法中正確的是 A A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B 電場(chǎng)方向一定是從B指向AC 質(zhì)子從A到B的過(guò)程中 在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi) 電場(chǎng)力做功的平均功率一定相等D 質(zhì)子從A到B的過(guò)程中 在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi) 電場(chǎng)力的沖量一定相等 答案A由圖乙知質(zhì)子從A到B做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng) 則EA EB 電場(chǎng)方向由A指向B A對(duì) B錯(cuò) 連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)平均功率不一定相等 C錯(cuò) I Eqt 連續(xù)相等時(shí)間內(nèi) E不同 I一定不同 D錯(cuò) 3 2018北京豐臺(tái)一模 17 兩等量正點(diǎn)電荷相距一定距離 它們連線(xiàn)的中點(diǎn)為O 一帶負(fù)電的粒子 不考慮重力 由靜止開(kāi)始 從連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn) 此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 關(guān)于粒子的說(shuō)法 正確的是 A 電勢(shì)能逐漸增加B 電勢(shì)能先變大后變小 最后為零C 先做加速運(yùn)動(dòng) 后做減速運(yùn)動(dòng)D 始終做加速運(yùn)動(dòng) 到達(dá)O點(diǎn)時(shí)加速度為零 答案D帶負(fù)電粒子受兩等量正點(diǎn)電荷的引力的合力沿由P到O的方向 粒子由P向O運(yùn)動(dòng) 電場(chǎng)力做正功 電勢(shì)能逐漸減小 A B項(xiàng)錯(cuò)誤 粒子由P到O 所受電場(chǎng)力由P指向O 始終做加速運(yùn)動(dòng) 到了O點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力為零 加速度為零 D項(xiàng)正確 C項(xiàng)錯(cuò)誤 思路分析先分析出兩等量正點(diǎn)電荷對(duì)帶負(fù)電粒子的作用力方向 用矢量合成分析出合力的方向 進(jìn)而判斷合力做功 電勢(shì)能變化 速度變化 4 2016北京東城二模 18 如圖所示 在粗糙的水平絕緣桌面上有兩個(gè)大小相同 帶有同種電荷的小物塊P和Q P Q與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同 已知mP mQ qP qQ 將它們由靜止釋放后 兩物塊開(kāi)始在水平桌面上運(yùn)動(dòng) 并最終停止在水平桌面上 在物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 A P受到的庫(kù)侖力大于Q受到的庫(kù)侖力B P受到的摩擦力始終小于它受到的庫(kù)侖力C P的加速度始終大于Q的加速度D P和Q具有的電勢(shì)能與機(jī)械能之和減小 答案D由牛頓第三定律知 P對(duì)Q的庫(kù)侖力和Q對(duì)P的庫(kù)侖力大小相等 A項(xiàng)錯(cuò)誤 P由靜止開(kāi)始加速的過(guò)程摩擦力小于庫(kù)侖力 減速過(guò)程 摩擦力大于庫(kù)侖力 故B項(xiàng)錯(cuò)誤 物塊在減速滑行的過(guò)程中加速度大小a g 由此可知質(zhì)量大的物塊 加速度反而小 故C項(xiàng)錯(cuò)誤 因物塊在滑行過(guò)程中與桌面摩擦產(chǎn)生熱量 根據(jù)能量守恒定律知 P和Q具有的電勢(shì)能與機(jī)械能之和減小 故D項(xiàng)正確 考查點(diǎn)帶電體在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的綜合分析 易錯(cuò)提示準(zhǔn)確進(jìn)行受力及運(yùn)動(dòng)分析 注意兩物塊從運(yùn)動(dòng)到靜止經(jīng)歷先加速后減速的過(guò)程 兩個(gè)過(guò)程中加速度方向不同 5 2018北京海淀一模 20 常用的溫差發(fā)電裝置的主要結(jié)構(gòu)是半導(dǎo)體熱電偶 如圖所示 熱電偶由N型半導(dǎo)體和P型半導(dǎo)體串聯(lián)而成 N型半導(dǎo)體的載流子 形成電流的自由電荷 是電子 P型半導(dǎo)體的載流子是空穴 空穴帶正電且電荷量等于元電荷e 若兩種半導(dǎo)體相連一端和高溫?zé)嵩唇佑| 而另一端A B與低溫?zé)嵩唇佑| 兩種半導(dǎo)體中的載流子都會(huì)從高溫端向低溫端擴(kuò)散 最終在A B兩端形成穩(wěn)定的電勢(shì)差 且電勢(shì)差的大小與高溫?zé)嵩?低溫?zé)嵩撮g的溫度差有確定的函數(shù)關(guān)系 下列說(shuō)法正確的是 A B端是溫差發(fā)電裝置的正極B 熱電偶內(nèi)部非靜電力方向和載流子擴(kuò)散方向相反C 溫差發(fā)電裝置供電時(shí)不需要消耗能量D 可以利用熱電偶設(shè)計(jì)一種測(cè)量高溫?zé)嵩礈囟鹊膫鞲衅?答案DB端積聚了自由電子 A端積聚了空穴 熱電偶內(nèi)部電流方向從B A 因此A端是溫差發(fā)電裝置的正極 A錯(cuò)誤 熱電偶內(nèi)部非靜電力方向和載流子擴(kuò)散方向相同 B錯(cuò)誤 溫差發(fā)電裝置供電時(shí) 消耗高溫?zé)嵩吹膬?nèi)能轉(zhuǎn)化為電能 C錯(cuò)誤 由于電勢(shì)差的大小與高溫?zé)嵩?低溫?zé)嵩撮g的溫度差有確定的函數(shù)關(guān)系 所以在測(cè)出電勢(shì)差及低溫?zé)嵩礈囟鹊那疤嵯?可以確定高溫?zé)嵩吹臏囟?D正確 解題關(guān)鍵N P型半導(dǎo)體在溫差作用下載流子的移動(dòng)方向 6 2018北京豐臺(tái)二模 23 現(xiàn)代科學(xué)實(shí)驗(yàn)證明了場(chǎng)的存在 靜電場(chǎng)與重力場(chǎng)有一定相似之處 帶電體在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)與物體在重力場(chǎng)中的平拋運(yùn)動(dòng)類(lèi)似 1 一質(zhì)量為m的小球以初速度v0水平拋出 落到水平面的位置與拋出點(diǎn)的水平距離為x 已知重力加速度為g 求拋出點(diǎn)的高度和小球落地時(shí)的速度大小 2 若該小球處于完全失重的環(huán)境中 小球帶電荷量為 q 在相同位置以相同初速度拋出 空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng) 小球運(yùn)動(dòng)到水平面的位置與第 1 問(wèn)小球的落點(diǎn)相同 若取拋出點(diǎn)電勢(shì)為零 試求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和落地點(diǎn)的電勢(shì) 3 類(lèi)比電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的定義方法 請(qǐng)分別定義地球周?chē)滁c(diǎn)的 重力場(chǎng)強(qiáng)度EG 和 重力勢(shì) G 并描繪地球周?chē)?重力場(chǎng)線(xiàn) 和 等重力勢(shì)線(xiàn) 解析 1 小球在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) x v0t 1分 小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)h gt2 1分 得h 1分 小球下落過(guò)程 根據(jù)動(dòng)能定理mgh mv2 m 2分 得v 1分 2 小球在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) x v0t小球在豎直方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)h at2 1分 答案見(jiàn)解析 a 1分 得E 1分 拋出點(diǎn)與落點(diǎn)之間的電勢(shì)差U Eh 1分 取拋出點(diǎn)電勢(shì)為零 U 0 地 1分 得 地 1分 3 重力場(chǎng)強(qiáng)度EG g或EG G m G 2分 若取地面為重力勢(shì)參考平面 則重力勢(shì) G gh若取無(wú)窮遠(yuǎn)處重力勢(shì)為零 則 G 2分 故地球周?chē)?重力場(chǎng)線(xiàn) 和 等重力勢(shì)線(xiàn) 如圖所示 2分 2分 7 2017北京海淀零模 24 用靜電的方法來(lái)清除空氣中的灰塵 需要首先設(shè)法使空氣中的灰塵帶上一定的電荷 然后利用靜電場(chǎng)對(duì)電荷的作用力 使灰塵運(yùn)動(dòng)到指定的區(qū)域進(jìn)行收集 為簡(jiǎn)化計(jì)算 可認(rèn)為每個(gè)灰塵顆粒的質(zhì)量及其所帶電荷量均相同 設(shè)每個(gè)灰塵顆粒所帶電荷量為q 其所受空氣阻力與其速度大小成正比 表達(dá)式為F阻 kv 式中k為大于0的已知常量 由于灰塵顆粒的質(zhì)量較小 為簡(jiǎn)化計(jì)算 灰塵顆粒在空氣中受電場(chǎng)力作用后達(dá)到電場(chǎng)力與空氣阻力相等的過(guò)程所用的時(shí)間及通過(guò)的位移均可忽略不計(jì) 同時(shí)也不計(jì)灰塵顆粒之間的作用力及灰塵顆粒所受重力的影響 1 有一種靜電除塵的設(shè)計(jì)方案是這樣的 需要除塵的空間是一個(gè)高為H的絕緣圓桶形容器的內(nèi)部區(qū)域 將一對(duì)與圓桶半徑相等的圓形薄金屬板平行置于圓桶的上 下兩端 恰好能將圓桶封閉 如圖甲所示 在圓桶上 下兩金屬板間加上恒定的電壓U 圓桶內(nèi)空間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng) 便可以在一段時(shí)間內(nèi)將圓桶區(qū)域內(nèi)的帶電灰塵顆粒完全吸附在金屬板上 從而達(dá)到除塵的作用 求灰塵顆粒運(yùn)動(dòng)可達(dá)到的最大速率 2 對(duì)于一個(gè)待除塵的半徑為R的絕緣圓桶形容器內(nèi)部區(qū)域 還可以設(shè)計(jì)另一種靜電除塵的方案 沿圓桶的軸線(xiàn)有一根細(xì)直導(dǎo)線(xiàn)作為電極 緊貼圓桶內(nèi)壁加一個(gè)薄金屬桶作為另一電極 在直導(dǎo)線(xiàn)電極外面套有一個(gè)由絕緣材料制成的半徑為R0的圓桶形保護(hù)管 其軸線(xiàn)與直導(dǎo)線(xiàn)重合 如圖乙所示 若在兩電極間加上恒定的電壓 使得桶壁處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小恰好等于第 1 問(wèn)的方案中圓桶內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小 且已知此方案中沿圓桶半徑方向電場(chǎng)強(qiáng)度大小E的分布情況為E 式中r為所研究的點(diǎn)與直導(dǎo)線(xiàn)的距離 試通過(guò)計(jì)算分析 帶電灰塵顆粒從保護(hù)管外壁運(yùn)動(dòng)到圓桶內(nèi)壁的過(guò)程中 其瞬時(shí)速度大小v和其與直導(dǎo)線(xiàn)的距離r之間的關(guān)系 對(duì)于直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 教科書(shū)中講解了由v t圖像下的面積求位移的方法 請(qǐng)你借鑒此方法 利用v隨r變化的關(guān)系 畫(huà)出隨r變化的圖像 根據(jù)圖像的面積求出帶電灰塵顆粒從保護(hù)管外壁運(yùn)動(dòng)到圓桶內(nèi)壁的時(shí)間 解析 1 圓桶形容器內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度E1 灰塵顆粒所受的電場(chǎng)力大小F 電場(chǎng)力跟空氣阻力相平衡時(shí) 灰塵顆粒達(dá)到最大速率 并設(shè)為v1 則有kv1 解得v1 2 由于灰塵顆粒所在處的電場(chǎng)強(qiáng)度隨其與直導(dǎo)線(xiàn)距離的增大而減小 且桶壁處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為第 1 問(wèn)方案中圓桶內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E1 設(shè)在距直導(dǎo)線(xiàn)為r處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E2 則 解得E2 故與直導(dǎo)線(xiàn)越近處 電場(chǎng)強(qiáng)度越大 設(shè)灰塵顆粒運(yùn)動(dòng)到與直導(dǎo)線(xiàn)距離為r時(shí)的速度為v 則kv qE2解得v 上式表明 灰塵顆粒在向圓桶內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 速度是逐漸減小的 答案 1 2 見(jiàn)解析 以r為橫軸 以為縱軸 作出 r的圖像如圖所示 在r到r r微小距離內(nèi) 電場(chǎng)強(qiáng)度可視為相同 其速度v可視為相同 對(duì)應(yīng)于 r的一段 r圖線(xiàn)下的面積為 r 顯然 這個(gè)小矩形的面積等于灰塵顆粒通過(guò) r的時(shí)間 t 所以 灰塵顆粒從保護(hù)管外壁運(yùn)動(dòng)到圓桶內(nèi)壁所需的總時(shí)間t等于從R0到R一段 r圖線(xiàn)下的面積 所以灰塵顆粒從保護(hù)管外壁運(yùn)動(dòng)到圓桶內(nèi)壁的時(shí)間t 考查點(diǎn)力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系 電場(chǎng)強(qiáng)度 v t圖像的深入理解 解題關(guān)鍵物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng) 當(dāng)a 0 即合外力為零時(shí) 速度達(dá)最大 圖像與橫軸所圍面積的物理意義 8 2017北京石景山一模 20 如圖所示 一平行板電容器的兩極板與一電壓恒定的電源相連 極板水平放置 極板間距為d 在下極板上疊放一厚度為l的金屬板 其上部空間有一帶電粒子P靜止在電容器中 當(dāng)把金屬板從電容器中快速抽出后 粒子P開(kāi)始運(yùn)動(dòng) 重力加速度為g 粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為 A gB gC gD g 考點(diǎn)二電容器 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 答案A初始粒子靜止 則mg q 撤去金屬板后兩極板間電壓U不變 間距變?yōu)閐 則mg q ma 解得a g 選A 考查點(diǎn)平行板電容器的動(dòng)態(tài)分析 勻強(qiáng)電場(chǎng)中帶電粒子的受力 解題關(guān)鍵下極板上疊放一金屬板后 由于靜電感應(yīng) 電容器板間距變?yōu)閐 l 由E 可知撤去金屬板后E變小 粒子將向下運(yùn)動(dòng) 9 2016北京西城月考 在如圖所示的電路中 當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后 水平放置的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài) 現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi) 則 A 液滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)B 液滴做自由落體運(yùn)動(dòng)C 電容器的帶電荷量減小D 電容器的帶電荷量增大 答案D開(kāi)關(guān)S閉合時(shí) 帶電液滴所受重力和電場(chǎng)力平衡 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后 電容器兩端電壓變大到等于電源電動(dòng)勢(shì) 故場(chǎng)強(qiáng)變大 電場(chǎng)力變大 液滴會(huì)向上加速 故A B錯(cuò)誤 開(kāi)關(guān)斷開(kāi)前 電容器兩端電壓等于電阻R2兩端電壓 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后 電容器兩端電壓變大到等于電源電動(dòng)勢(shì) 根據(jù)電容的定義式C 知 電容器的帶電荷量變大 故C錯(cuò)誤 D正確 10 2016北京西城期末 10 如圖所示 在真空中有一對(duì)帶電的平行金屬板水平放置 一帶電粒子沿平行于板面的方向 從左側(cè)兩極板中央射入電場(chǎng)中 恰能從右側(cè)極板邊緣處離開(kāi)電場(chǎng) 不計(jì)粒子重力 若可以改變某個(gè)量 下列哪種變化 仍能確保粒子一定飛出電場(chǎng) A 只增大粒子的帶電荷量B 只增大電場(chǎng)強(qiáng)度C 只減小粒子的比荷D 只減小粒子的入射速度 答案C設(shè)兩極板間的距離為d 由題意知粒子的偏移量y 因y at2 2 要使粒子能飛出電場(chǎng) 可以減小帶電荷量或電場(chǎng)強(qiáng)度 或者減小比荷 或者增大初速度 故C正確 11 2018北京海淀二模 20 基于人的指紋具有終身不變性和唯一性的特點(diǎn) 發(fā)明了指紋識(shí)別技術(shù) 目前許多國(guó)產(chǎn)手機(jī)都有指紋解鎖功能 常用的指紋識(shí)別傳感器是電容式傳感器 如圖所示 指紋的凸起部分叫 嵴 凹下部分叫 峪 傳感器上有大量面積相同的小極板 當(dāng)手指貼在傳感器上時(shí) 這些小極板和正對(duì)的皮膚表面部分形成大量的小電容器 這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同 此時(shí)傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值 然后電容器放電 電容小的電容器放電較快 根據(jù)放電快慢的不同 就可以探測(cè)到嵴和峪的位置 從而形成指紋圖像數(shù)據(jù) 根據(jù)文中信息 下列說(shuō)法正確的是 A 在峪處形成的電容器電容較大B 充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大C 在峪處形成的電容器放電較慢D 潮濕的手指頭對(duì)指紋識(shí)別絕對(duì)沒(méi)有影響 答案B由平行板電容器電容的決定式 C 可知 小極板面積相同 故S相同 在手指干燥的前提下 r相同 d大則C小 故在峪處d大 形成的電容器電容C小 在嵴處d小 形成的電容器電容C大 若手指頭潮濕 則 r不同 嵴 峪處形成的電容器電容均改變 故選項(xiàng)A D均錯(cuò)誤 又由題中知 電容小的電容器放電較快 在峪處形成的電容器電容小 放電快 故選項(xiàng)C錯(cuò)誤 由Q CU可知 電壓相同時(shí)C大的電荷量Q大 故選項(xiàng)B正確 解題關(guān)鍵能根據(jù)題中的描述比較出嵴和峪的位置所形成的電容器的極板間距大小 并進(jìn)一步判斷出所形成的電容器的電容大小 是解本題的關(guān)鍵 12 2017北京海淀二模 23 如圖所示 真空玻璃管內(nèi) 加熱的陰極K發(fā)出的電子 初速度可忽略不計(jì) 經(jīng)陽(yáng)極A與陰極K之間的電壓U1形成的加速電場(chǎng)加速后 從陽(yáng)極A的小孔射出 由水平放置的平行正對(duì)偏轉(zhuǎn)極板M N的左端中點(diǎn)以平行于極板的方向射入兩極板之間的區(qū)域 若M N兩極板間無(wú)電壓 電子將沿水平直線(xiàn)打在熒光屏上的O點(diǎn) 若在M N兩極板間加電壓U2 形成平行紙面的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng) 則電子將打在熒光屏上的P點(diǎn) 若在M N極板間加電壓U2的同時(shí) 再加方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng) 則電子將能重新打在熒光屏上的O點(diǎn) 已知電子質(zhì)量為m 電荷量為e M N兩極板長(zhǎng)均為L(zhǎng)1 兩極板間距離為d 極板右端到熒光屏的距離為L(zhǎng)2 1 忽略電子所受重力及它們之間的相互作用力 求 電子從陽(yáng)極A小孔射出時(shí)速度v0的大小 電子重新打在熒光屏上O點(diǎn)時(shí) 所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小 2 在解決一些實(shí)際問(wèn)題時(shí) 為了簡(jiǎn)化問(wèn)題 常忽略一些影響相對(duì)較小的量 這對(duì)最終的計(jì)算結(jié)果并沒(méi)有太大的影響 因此這種處理是合理的 如在計(jì)算電子打在熒光屏上的位置時(shí) 對(duì)于電子離開(kāi)M N板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)到熒光屏的過(guò)程 可以忽略電子所受的重力 請(qǐng)利用下列數(shù)據(jù)分析說(shuō)明為什么這樣處理是合理的 已知U2 2 0 102V d 4 0 10 2m m 9 1 10 31kg e 1 6 10 19C L1 5 0 10 2m L2 0 10m 重力加速度g 10m s2 解析 1 對(duì)于電子在加速電場(chǎng)中的加速過(guò)程 根據(jù)動(dòng)能定理有eU1 m解得v0 加磁場(chǎng)后 電子沿水平方向以v0做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 所受合力為零即e ev0B解得B 2 電子通過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的時(shí)間t1 電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)沿垂直偏轉(zhuǎn)極板方向的速度分量vy ayt1 電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)到熒光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2 若不計(jì)重力 電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)到熒光屏的過(guò)程中 沿垂直偏轉(zhuǎn)極板方向的位移y1 vyt2 答案 1 2 見(jiàn)解析 若考慮到重力的作用 則電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)到熒光屏的過(guò)程中 沿垂直偏轉(zhuǎn)極板方向的位移y2 vyt2 g 由于重力影響 電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)到熒光屏的過(guò)程中 沿垂直偏轉(zhuǎn)極板方向位移增加量為 y y2 y1 由于重力的影響 電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)到熒光屏的過(guò)程中 沿垂直偏轉(zhuǎn)極板方向 位移的增加量與忽略電子所受重力時(shí)的位移的比值 10 14即重力對(duì)電子打在熒光屏上的位置影響非常小 所以計(jì)算電子偏轉(zhuǎn)量時(shí)可以忽略電子所受的重力 13 2018北京豐臺(tái)一模 22 如圖所示 水平面AB光滑 粗糙半圓軌道BC豎直放置 圓弧半徑為R AB長(zhǎng)度為4R 在AB上方 直徑BC左側(cè)存在水平向右 場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng) 一帶電荷量為 q 質(zhì)量為m的小球自A點(diǎn)由靜止釋放 經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后 沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn) 在C點(diǎn) 小球?qū)壍赖膲毫Υ笮閙g 已知E 水平面和半圓軌道均絕緣 求 1 小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小 2 小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的速度大小 3 小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程中克服阻力做的功 解析 1 小球從A到B 根據(jù)動(dòng)能定理有qE 4R m 0 3分 又E 得 vB 2分 2 小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí) 根據(jù)牛頓第二定律有2mg m 3分 得 vC 2分 3 小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程 根據(jù)動(dòng)能定理有Wf 2mgR m m 3分 得 Wf mgR小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中克服阻力做的功為mgR 3分 答案 1 2 3 mgR 思路分析小球從A到B過(guò)程 合外力為水平向右的電場(chǎng)力 由動(dòng)能定理知電場(chǎng)力做功等于小球動(dòng)能的增加量 可以求出小球在B點(diǎn)時(shí)的速度大小 小球由B至C過(guò)程 由動(dòng)能定理知重力所做負(fù)功與阻力所做負(fù)功之和等于小球在C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能減去小球在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能 而小球在C點(diǎn)時(shí)的速度大小可以由其在該點(diǎn)時(shí)所受重力和軌道支持力的合力等于向心力得出 14 2018北京房山一模 23 粗糙絕緣的水平面附近存在一個(gè)平行于水平面的電場(chǎng) 其中某一區(qū)域的電場(chǎng)線(xiàn)與x軸平行 且沿x軸方向的電勢(shì) 與坐標(biāo)值x的函數(shù)關(guān)系滿(mǎn)足 V 據(jù)此可作出如圖所示的 x圖像 圖中虛線(xiàn)AB為圖線(xiàn)在x 0 15m處的切線(xiàn) 現(xiàn)有一個(gè)帶正電荷的滑塊P 可視作質(zhì)點(diǎn) 其質(zhì)量為m 0 10kg 電荷量為q 1 0 10 7C 其與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0 20 g取10m s2 求 1 沿x軸方向上 x1 0 1m和x2