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2020高考物理一輪復習 第四章 第3講 圓周運動及其應用學案(含解析).doc

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2020高考物理一輪復習 第四章 第3講 圓周運動及其應用學案(含解析).doc

圓周運動及其應用主干梳理 對點激活知識點勻速圓周運動、角速度、線速度、向心加速度勻速圓周運動的向心力1.勻速圓周運動(1)定義:線速度大小不變的圓周運動。(2)性質(zhì):加速度大小不變,方向總是指向圓心的變加速曲線運動。(3)條件:有初速度,受到一個大小不變,方向始終與速度方向垂直且指向圓心的合外力。2描述圓周運動的物理量描述圓周運動的物理量主要有線速度、角速度、周期、頻率、轉(zhuǎn)速、向心加速度、向心力等,具體如下:知識點勻速圓周運動與非勻速圓周運動知識點離心現(xiàn)象1離心運動(1)定義:做圓周運動的物體,在所受合外力突然消失或不足以提供圓周運動所需向心力的情況下,所做的逐漸遠離圓心的運動。(2)本質(zhì):做圓周運動的物體,由于本身的慣性,總有沿著圓周切線方向飛出去的傾向。(3)受力特點:Fn為提供的向心力。當Fnm2r時,物體做勻速圓周運動。當Fn<m2r時,物體逐漸遠離圓心,做離心運動。當Fn0時,物體沿切線方向飛出。2近心運動:當Fn>m2r時,物體將逐漸靠近圓心,做近心運動。一 思維辨析1做圓周運動的物體,一定受到向心力的作用,所以分析受力時,必須指出受到的向心力。()2勻速圓周運動是勻變速曲線運動,非勻速圓周運動是變加速曲線運動。()3勻速圓周運動的向心加速度與半徑成反比。()4在光滑的水平路面上汽車不可以轉(zhuǎn)彎。()5摩托車轉(zhuǎn)彎時速度過大就會向外發(fā)生滑動,這是摩托車受沿轉(zhuǎn)彎半徑向外的離心力作用的緣故。()6火車轉(zhuǎn)彎速率小于規(guī)定的數(shù)值時,內(nèi)軌受到的壓力會增大。()答案1.2.3.4.5.6.二 對點激活1. (人教版必修2P25T3改編)如圖所示,小物體A與水平圓盤保持相對靜止,跟著圓盤一起做勻速圓周運動,則A受力情況是()A重力、支持力B重力、向心力C重力、支持力、指向圓心的摩擦力D重力、支持力、向心力、摩擦力答案C解析A受三個力作用,重力和支持力平衡,指向圓心的摩擦力充當向心力,故C正確。2(人教版必修2P22T1)(多選)甲、乙兩物體都在做勻速圓周運動,下列哪種情況下甲的向心加速度比較大()A它們的線速度相等,乙的半徑小B它們的周期相等,甲的半徑大C它們的角速度相等,乙的線速度小D它們的線速度相等,在相同時間內(nèi)甲與圓心的連線掃過的角度比乙的大答案BCD解析由a知當v相同的情況下,r甲>r乙時,a甲<a乙,故A錯誤;由ar知當T相同情況下,r甲>r乙時,a甲>a乙,故B正確;由av知當相同情況下,v甲>v乙時,a甲>a乙,故C正確;由av知當v相同情況下,甲>乙時,a甲>a乙,故D正確。3(人教版必修2P26T5)一輛汽車在水平公路上轉(zhuǎn)彎,沿曲線由M向N行駛,速度逐漸減小。如圖A、B、C、D分別畫出了汽車轉(zhuǎn)彎時所受合力F的四種方向,你認為正確的是()答案C解析汽車沿曲線轉(zhuǎn)彎,所以受到垂直速度方向指向軌跡凹側(cè)的向心力Fn,汽車的速度逐漸減小,所以還受到與速度方向相反沿軌跡切線方向的切向力Ft,這兩個力的合力方向如圖C所示。4下列關于離心現(xiàn)象的說法正確的是()A當物體所受的離心力大于向心力時產(chǎn)生離心現(xiàn)象B做勻速圓周運動的物體,當它所受的一切力都突然消失后,物體將做背離圓心的圓周運動C做勻速圓周運動的物體,當它所受的一切力都突然消失后,物體將沿切線做直線運動D做勻速圓周運動的物體,當它所受的一切力都突然消失后,物體將做曲線運動答案C解析物體只要受到力,必有施力物體,但“離心力”是沒有施力物體的,故所謂的離心力是不存在的,只要向心力不足,物體就做離心運動,故A錯誤;做勻速圓周運動的物體,當所受的一切力突然消失后,物體將沿切線做勻速直線運動,故B、D錯誤,C正確。考點細研 悟法培優(yōu)考點1圓周運動的運動學分析1圓周運動各物理量間的關系2對公式vr的理解當r一定時,v與成正比;當一定時,v與r成正比;當v一定時,與r成反比。3對a2r的理解當v一定時,a與r成反比;當一定時,a與r成正比。4常見的三種傳動方式及特點(1)皮帶傳動:如圖甲、乙所示,皮帶與兩輪之間無相對滑動時,兩輪邊緣線速度大小相等,即vAvB。(2)摩擦(齒輪)傳動:如圖丙所示,兩輪邊緣接觸,接觸點無打滑現(xiàn)象時,兩輪邊緣線速度大小相等,即vAvB。(3)同軸轉(zhuǎn)動:如圖丁所示,兩輪固定在一起繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動,兩輪轉(zhuǎn)動的角速度大小相等,即AB。例1如圖所示的皮帶傳動裝置中,右邊兩輪連在一起同軸轉(zhuǎn)動。圖中三輪半徑的關系為:r12r2,r31.5r1,A、B、C三點為三個輪邊緣上的點,皮帶不打滑,則A、B、C三點的線速度之比為_;角速度之比為_;周期之比為_。解題探究(1)A、B兩點位于兩輪邊緣靠皮帶傳動,那么vA與vB有什么關系?A與B有什么關系?提示:vAvB,。(2)B、C為同軸轉(zhuǎn)動的兩點,vB與vC、B與C的關系是什么?提示:BC,。嘗試解答113_122_211。因為A、B兩輪由不打滑的皮帶相連,所以相等時間內(nèi)A、B兩點轉(zhuǎn)過的弧長相等,即vAvB,由vr知,又B、C是同軸轉(zhuǎn)動,相等時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度相等,即BC,由vr知。所以vAvBvC113,ABC122,再由T可得,TATBTC1211??偨Y(jié)升華解決傳動問題的關鍵(1)確定屬于哪類傳動方式,抓住傳動裝置的特點。同軸轉(zhuǎn)動:固定在一起共軸轉(zhuǎn)動的物體上各點角速度相同;皮帶傳動、齒輪傳動和摩擦傳動:齒輪傳動和不打滑的摩擦(皮帶)傳動的兩輪邊緣上各點線速度大小相等。如例1,右邊兩輪為同軸轉(zhuǎn)動;左輪與右邊小輪為皮帶傳動。(2)結(jié)合公式vr,v一定時與r成反比,一定時v與r成正比,判定各點v、的比例關系。若判定向心加速度a的比例,可巧用av這一規(guī)律。變式1(2018福州期末)如圖是某共享自行車的傳動結(jié)構(gòu)示意圖,其中是半徑為r1的牙盤(大齒輪),是半徑為r2的飛輪(小齒輪),是半徑為r3的后輪。若某人在勻速騎行時每秒踩腳踏板轉(zhuǎn)n圈,則下列判斷正確的是()A牙盤轉(zhuǎn)動角速度為B飛輪邊緣轉(zhuǎn)動線速度為2nr2C牙盤邊緣向心加速度為D自行車勻速運動的速度為答案D解析腳踏板與牙盤同軸轉(zhuǎn)動,二者角速度相等,每秒踩腳踏板n圈,因為轉(zhuǎn)動一圈,相對圓心轉(zhuǎn)的角度為2,所以角速度12n,A錯誤;牙盤邊緣與飛輪邊緣線速度的大小相等,據(jù)vr可知,飛輪邊緣上的線速度v12nr1,B錯誤;牙盤邊緣的向心加速度a(2n)2r1,故C錯誤;飛輪角速度2,自行車后輪角速度與飛輪角速度相等,自行車勻速運動的速度v2r3,故D正確??键c2圓錐擺模型及其臨界問題1圓錐擺模型的受力特點受兩個力,且兩個力的合力沿水平方向,物體在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。2運動實例3解題方法:對研究對象進行受力分析,確定向心力來源。確定圓心和半徑。應用相關力學規(guī)律列方程求解。4規(guī)律總結(jié)(1)圓錐擺的周期如圖擺長為L,擺線與豎直方向夾角為。受力分析,由牛頓第二定律得:mgtanmrrLsin解得T22。(2)結(jié)論擺高hLcos,周期T越小,圓錐擺轉(zhuǎn)的越快,越大。擺線拉力F,圓錐擺轉(zhuǎn)的越快,擺線拉力F越大。擺球的加速度agtan。5圓錐擺的兩種變形變形1:具有相同錐度角(長度不同)的圓錐擺,如圖甲所示。由agtan知A、B的向心加速度大小相等。由a2r知A<B,由a知vA>vB。變形2:具有相同擺高、不同擺長和擺角的圓錐擺,如圖乙所示。由T2知擺高h相同,則TATB,AB,由vr知vA>vB,由a2r知aA>aB。例2如圖所示,用一根長為l1 m的細線,一端系一質(zhì)量為m1 kg的小球(可視為質(zhì)點),另一端固定在一光滑錐體頂端,錐面與豎直方向的夾角37(sin370.6,cos370.8,g取10 m/s2,結(jié)果可用根式表示),問:(1)若要小球離開錐面,則小球的角速度0至少為多大?(2)若細線與豎直方向的夾角60,則小球的角速度為多大?解題探究(1)小球離開錐面的臨界條件是什么?提示:錐面對小球支持力為零,且細線與豎直方向的夾角為。(2)細線與豎直方向夾角為60時,小球受幾個力?提示:2個,重力、細線的拉力。嘗試解答(1) rad/s(2)2 rad/s(1)當小球剛要離開錐面時,錐面給小球的支持力為零,受力分析如圖1。由牛頓第二定律得mgtanmlsin0 rad/s。(2)當細線與豎直方向夾角60時,小球已飛離斜面,受力分析如圖2。由牛頓第二定律得mgtanm2rrlsin聯(lián)立得2 rad/s??偨Y(jié)升華解決圓錐擺臨界問題的技巧圓錐擺的臨界問題,主要就是與彈力有關的臨界問題。(1)繩上拉力的臨界條件是:繩恰好拉直且沒有彈力。繩上的拉力恰好達最大值。(2)接觸或脫離的臨界條件是物體與物體間的彈力恰好為零。(3)對于火車轉(zhuǎn)彎、半圓形碗內(nèi)的水平圓周運動有兩類臨界情況:摩擦力的方向發(fā)生改變;發(fā)生相對滑動。變式21(2018通州模擬)如圖所示,一個內(nèi)壁光滑的圓錐筒,其軸線垂直于水平面,圓錐筒固定不動。有一個質(zhì)量為m的小球A緊貼著筒內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運動,筒口半徑和筒高分別為R和H,小球A所在的高度為筒高的一半。已知重力加速度為g,則()A小球A做勻速圓周運動的角速度B小球A受到重力、支持力和向心力三個力作用C小球A受到的合力大小為D小球A受到的合力方向垂直于筒壁斜向上答案A解析小球受重力、支持力兩個力作用,合力方向沿水平方向指向軸線,故B、D錯誤;受力分析如圖所示,由牛頓第二定律得m2,得,故A正確;合力大小為,故C錯誤。變式22(多選)如圖所示,物體P用兩根長度相等、不可伸長的細線系于豎直桿上,它們隨桿轉(zhuǎn)動,若轉(zhuǎn)動角速度為,則()A只有超過某一值時,繩子AP才有拉力B繩子BP的拉力隨的增大而增大C繩子BP的張力一定大于繩子AP的張力D當增大到一定程度時,繩子AP的張力大于繩子BP的張力答案ABC解析較小時,繩子AP處于松弛狀態(tài),只有超過某一值,才產(chǎn)生拉力,A正確;當AP、BP都產(chǎn)生張力之后,受力如圖,F(xiàn)BPsinmgFAPsinFBPcosFAPcosm2r由可知FBP>FAP,隨的增大FBP、FAP都變大,B、C正確,D錯誤。考點3水平轉(zhuǎn)盤上運動物體的臨界問題水平轉(zhuǎn)盤上運動物體的臨界問題,主要涉及到與摩擦力和彈力有關的臨界極值問題。1如果只有摩擦力提供向心力,物體間恰好不發(fā)生相對滑動的臨界條件是物體間恰好達到最大靜摩擦力,則最大靜摩擦力Fm,方向指向圓心。2如果除摩擦力以外還有其他力,如繩兩端連接物體隨水平面轉(zhuǎn)動,其臨界情況要根據(jù)題設條件進行判斷,如判斷某個力是否存在以及這個力存在時的方向(特別是一些接觸力,如靜摩擦力、繩的拉力等)。3運動實例例3游樂場中有一種娛樂設施叫“魔盤”,人坐在轉(zhuǎn)動的大圓盤上,當大圓盤轉(zhuǎn)速增加時,人就會自動滑向盤邊緣。如圖所示,有a、b、c三人坐在圓盤上,a的質(zhì)量最大,b、c的質(zhì)量相差不多,但c離圓盤中心最遠,a、b離圓盤中心的距離相等。若三人與盤面間的動摩擦因數(shù)均相等,且假定最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,則下列說法正確的是()A當圓盤轉(zhuǎn)速增加時,三人同時開始滑動B當圓盤轉(zhuǎn)速增加時,b首先開始滑動C當圓盤轉(zhuǎn)速增加時,a和c首先開始滑動D當圓盤轉(zhuǎn)速增加時,c首先開始滑動解題探究(1)人和水平圓盤何時發(fā)生相對滑動?提示:他們之間的摩擦力達最大值時。(2)如何分析誰先滑動?提示:誰的臨界角速度小誰先滑動。嘗試解答選D。設圓盤的角速度為,則人所受的向心力Fm2R,且未滑動前圓盤上的人做共軸運動,角速度相同。圓盤上的人受到的最大靜摩擦力為Ffmg。由題意得,當m2R>mg,即2R>g時,圓盤上的人開始滑動,c離圓盤中心最遠,當圓盤轉(zhuǎn)速增加時,c先開始滑動,之后a、b再同時開始滑動,D正確??偨Y(jié)升華解決臨界問題的注意事項(1)先確定研究對象受力情況,看哪些力充當向心力,哪些力可能突變引起臨界問題。(2)注意分析物體所受靜摩擦力大小和方向隨圓盤轉(zhuǎn)速的變化而發(fā)生變化。(3)關注臨界狀態(tài),即靜摩擦力達到最大值時。例3中,隨圓盤轉(zhuǎn)動、靜摩擦力提供向心力,隨轉(zhuǎn)速的增大,靜摩擦力增大,當達到最大靜摩擦力時開始滑動,出現(xiàn)臨界情況,此時對應的角速度為臨界角速度。變式3兩個質(zhì)量分別為2m和m的小木塊a和b(可視為質(zhì)點)放在水平圓盤上,a與轉(zhuǎn)軸OO的距離為L,b與轉(zhuǎn)軸的距離為2L,a、b之間用長為L的強度足夠大的輕繩相連,木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍,重力加速度大小為g。若圓盤從靜止開始繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動,開始時輕繩剛好伸直但無張力,用表示圓盤轉(zhuǎn)動的角速度,下列說法正確的是()Aa比b先達到最大靜摩擦力Ba、b所受的摩擦力始終相等C 是b開始滑動的臨界角速度D當 時,a所受摩擦力的大小為答案D解析木塊隨圓盤一起轉(zhuǎn)動,當繩子上無拉力時,靜摩擦力提供向心力,由牛頓第二定律得:Ffm2r,F(xiàn)fmaxkmg,聯(lián)立得max,故隨著增大,b先達到臨界角速度,b先達到最大靜摩擦力,故A錯誤。在b的靜摩擦力沒有達到最大前,由Ffm2r,a、b質(zhì)量分別是2m和m,而圓周運動的半徑r分別為L和2L,所以開始時a和b受到的摩擦力是相等的;當b受到的靜摩擦力達到最大后,即>,對于b木塊有:kmgFm22L,對于a木塊有fF2m2L,聯(lián)立得f4m2Lkmg>kmg;可知二者受到的摩擦力不一定相等,故B錯誤。b剛要滑動時,對b木塊有kmgFm2L,對a木塊有k2mgF2mL,聯(lián)立得kmg2kmg4mL,得0,故C錯誤。當 時,b未滑動,a所受摩擦力大小f4m2Lkmg,故D正確??键c4豎直面內(nèi)的圓周運動“繩”模型和“桿”模型1.在豎直平面內(nèi)做圓周運動的物體,按運動到軌道最高點時的受力情況可分為兩類:一是無支撐(如球與繩連接、沿內(nèi)軌道運動的過山車等),稱為“繩(環(huán))約束模型”,二是有支撐(如球與桿連接、在彎管內(nèi)的運動等),稱為“桿(管)約束模型”。2繩、桿模型涉及的臨界問題例4(2018山西呂梁模擬)(多選)如圖所示,小球在豎直放置的光滑圓形管道內(nèi)做圓周運動,內(nèi)側(cè)壁半徑為R,小球半徑為r,則下列說法正確的是()A小球通過最高點時的最小速度vminB小球通過最高點時的最小速度vmin0C小球在水平線ab以下的管道中運動時,內(nèi)側(cè)管壁對小球一定無作用力D小球在水平線ab以上的管道中運動時,外側(cè)管壁對小球一定有作用力解題探究(1)該光滑圓形管道屬于繩模型還是桿模型?提示:桿模型。(2)桿模型中小球通過最高點的臨界速度是多大?提示:v0。嘗試解答選BC。在最高點,由于外管或內(nèi)管都可以對小球產(chǎn)生彈力作用,當小球的速度等于0時,內(nèi)管對小球產(chǎn)生彈力,大小為mg,故最小速度為0,故A錯誤,B正確;小球在水平線ab以下管道運動時,由于沿半徑方向的合力提供小球做圓周運動的向心力,所以外側(cè)管壁對小球一定有作用力,而內(nèi)側(cè)管壁對小球一定無作用力,故C正確;小球在水平線ab以上管道運動時,由于沿半徑方向的合力提供小球做圓周運動的向心力,可能外側(cè)管壁對小球有作用力,也可能外側(cè)管壁對小球沒有作用力,故D錯誤??偨Y(jié)升華豎直面內(nèi)圓周運動問題的解題技巧(1)定模型:首先判斷是輕繩模型還是輕桿模型,兩種模型過最高點的臨界條件不同。(2)確定臨界點:抓住繩模型中最高點v,以及桿模型中最高點v0這兩個臨界條件。(3)研究狀態(tài):通常情況下豎直平面內(nèi)的圓周運動只涉及最高點和最低點的運動情況。(4)受力分析:對物體在最高點或最低點時進行受力分析,根據(jù)牛頓第二定律列出方程,F(xiàn)合F向(其中F合為沿半徑方向的合力)。(5)過程分析:應用動能定理或機械能守恒定律將初、末兩個狀態(tài)聯(lián)系起來列方程。 變式41(2018福州質(zhì)檢)如圖所示,長均為L的兩根輕繩,一端共同系住質(zhì)量為m的小球,另一端分別固定在等高的A、B兩點,A、B兩點間的距離也為L。重力加速度大小為g?,F(xiàn)使小球在豎直平面內(nèi)以AB為軸做圓周運動,若小球在最高點速率為v時,兩根輕繩的拉力恰好均為零,則小球在最高點速率為2v時,每根輕繩的拉力大小為()A.mg B.mg C3mg D2mg答案A解析當小球到達最高點速率為v時,兩根輕繩中張力恰好均為零,有mgm;當小球到達最高點速率為2v時,設每根輕繩中張力大小為F,應有2Fcos30mgm,解得Fmg,A正確。變式42一輕桿一端固定質(zhì)量為m的小球,以另一端O為圓心,使小球在豎直面內(nèi)做半徑為R的圓周運動,如圖所示,則下列說法正確的是()A小球過最高點時,桿所受到的彈力可以等于零B小球過最高點的最小速度是C小球過最高點時,桿對球的作用力一定隨速度增大而增大D小球過最高點時,桿對球的作用力一定隨速度增大而減小答案A解析輕桿可對小球產(chǎn)生向上的支持力,小球經(jīng)過最高點的速度可以為零,當小球過最高點的速度v時,桿所受的彈力等于零,A正確,B錯誤。若v<,則桿在最高點對小球的彈力豎直向上,mgFm,隨v增大,F(xiàn)減??;若v>,則桿在最高點對小球的彈力豎直向下,mgFm,隨v增大,F(xiàn)增大,故C、D均錯誤??键c5斜面上圓周運動的臨界問題在斜面上做圓周運動的物體,根據(jù)受力情況的不同,可分為以下三類。1物體在靜摩擦力作用下做圓周運動。2物體在繩的拉力作用下做圓周運動。3物體在桿的作用下做圓周運動。這類問題的特點是重力的分力和其他力的合力提供向心力,運動和受力情況比較復雜。例5(2014安徽高考) 如圖所示,一傾斜的勻質(zhì)圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動,盤面上離轉(zhuǎn)軸距離2.5 m處有一小物體與圓盤始終保持相對靜止。物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力),盤面與水平面的夾角為30,g取10 m/s2。則的最大值是()A. rad/s B. rad/sC1.0 rad/s D0.5 rad/s解題探究(1)隨著增大會發(fā)生什么?提示:小物體在圓盤上滑動。(2)小物體轉(zhuǎn)到哪個位置最容易發(fā)生上述情況?提示:最低點。嘗試解答選C。當物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點恰好要滑動時,轉(zhuǎn)盤的角速度最大,其受力如圖所示(其中O為對稱軸位置)。由沿斜面的合力提供向心力,有mgcos30mgsin30m2R得 1.0 rad/s,C正確??偨Y(jié)升華與豎直面內(nèi)的圓周運動類似,斜面上的圓周運動也是集中分析物體在最高點和最低點的受力情況,列牛頓運動定律方程來解題。只是在受力分析時,一般需要進行立體圖到平面圖的轉(zhuǎn)化,這是解斜面上圓周運動問題的難點。變式5如圖所示,在傾角為30的光滑斜面上,有一根長為L0.8 m的輕桿,一端固定在O點,另一端系一質(zhì)量為m0.2 kg的小球,沿斜面做圓周運動,取g10 m/s2,若要小球能通過最高點A,則小球在最低點B的最小速度是()A4 m/s B2 m/sC2 m/s D2 m/s答案A解析小球受輕桿控制,在A點的最小速度為零,由動能定理可得:mg2Lsinmv0,可得vB4 m/s,A正確。答卷現(xiàn)場2水平面內(nèi)的圓周運動(16分)如圖所示,半徑為R的半球形陶罐,固定在可以繞豎直軸旋轉(zhuǎn)的水平轉(zhuǎn)臺上,轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸與過陶罐球心O的對稱軸OO重合。轉(zhuǎn)臺以一定角速度勻速轉(zhuǎn)動,一質(zhì)量為m的小物塊落入陶罐內(nèi),經(jīng)過一段時間后,小物塊隨陶罐一起轉(zhuǎn)動且相對罐壁靜止,它和O點的連線與OO之間的夾角為60,重力加速度大小為g。(1)若0,小物塊受到的摩擦力恰好為零,求0;(2)(1k)0,且0<k1,求小物塊受到的摩擦力大小和方向。高考模擬 隨堂集訓1(2018江蘇高考)(多選)火車以60 m/s的速率轉(zhuǎn)過一段彎道,某乘客發(fā)現(xiàn)放在桌面上的指南針在10 s內(nèi)勻速轉(zhuǎn)過了約10。在此10 s時間內(nèi),火車()A運動路程為600 m B加速度為零C角速度約為1 rad/s D轉(zhuǎn)彎半徑約為3.4 km答案AD解析圓周運動的弧長svt6010 m600 m,A正確;火車轉(zhuǎn)彎是圓周運動,圓周運動是變速運動,所以合力不為零,加速度不為零,故B錯誤;由題意得圓周運動的角速度3.14 rad/s rad/s,又vr,所r180 m3439 m,故C錯誤,D正確。2(2016全國卷) 小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上,P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量,懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短。將兩球拉起,使兩繩均被水平拉直,如圖所示。將兩球由靜止釋放。在各自軌跡的最低點()AP球的速度一定大于Q球的速度BP球的動能一定小于Q球的動能CP球所受繩的拉力一定大于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度答案C解析設小球的質(zhì)量為m,繩長為L,根據(jù)動能定理得mgLmv2,解得v,LP<LQ,所以vP<vQ,故A項錯誤;小球動能EkmgL,其中mP>mQ,LP<LQ,所以無法判斷它們的動能大小關系,B項錯誤;F拉mg,將v代入得F拉3mg,因為mP>mQ,所以P球所受繩的拉力大于Q球所受繩的拉力,故C項正確;向心加速度a2g,所以在軌跡的最低點,P、Q兩球的向心加速度相同,故D項錯誤。3(2017江蘇高考) 如圖所示,一小物塊被夾子夾緊,夾子通過輕繩懸掛在小環(huán)上,小環(huán)套在水平光滑細桿上。物塊質(zhì)量為M,到小環(huán)的距離為L,其兩側(cè)面與夾子間的最大靜摩擦力均為F。小環(huán)和物塊以速度v向右勻速運動,小環(huán)碰到桿上的釘子P后立刻停止,物塊向上擺動。整個過程中,物塊在夾子中沒有滑動。小環(huán)和夾子的質(zhì)量均不計,重力加速度為g。下列說法正確的是()A物塊向右勻速運動時,繩中的張力等于2FB小環(huán)碰到釘子P時,繩中的張力大于2FC物塊上升的最大高度為D速度v不能超過 答案D解析物塊受到的摩擦力小于等于最大靜摩擦力,即Mg2F。物塊向右勻速運動時,物塊處于平衡狀態(tài),繩子中的張力TMg2F,A錯誤;小環(huán)碰到釘子時,物塊做圓周運動,根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式有:TMg,TMg,所以繩子中的張力與2F大小關系不確定,B錯誤;物塊運動到達最高點,根據(jù)動能定理有Mgh0Mv2,則最大高度h,C錯誤;環(huán)碰到釘子后,物塊做圓周運動,在最低點,物塊與夾子間的靜摩擦力達到最大值時速度最大,由牛頓第二定律知:2FMg,故最大速度v ,D正確。4. (2018廣東佛山質(zhì)檢一)圖示為公路自行車賽中運動員在水平路面上急轉(zhuǎn)彎的情景,運動員在通過彎道時如果控制不當會發(fā)生側(cè)滑而摔離正常比賽路線,將運動員與自行車看做一個整體,下列論述正確的是()A運動員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對車輪的支持力與重力的合力提供B運動員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對車輪的摩擦力提供C發(fā)生側(cè)滑是因為運動員受到的合外力方向背離圓心D發(fā)生側(cè)滑是因為運動員受到的合外力大于所需的向心力答案B解析運動員轉(zhuǎn)彎所需的向心力由地面對車輪的摩擦力提供,則A錯誤,B正確。發(fā)生側(cè)滑而做離心運動的原因是自行車所受的摩擦力小于所需要的向心力,故C、D錯誤。5(2018甘肅蘭化一中模擬) 如圖所示,“旋轉(zhuǎn)秋千”中座椅(可視為質(zhì)點)通過輕質(zhì)纜繩懸掛在旋轉(zhuǎn)圓盤上。當旋轉(zhuǎn)圓盤以角速度勻速轉(zhuǎn)動時,不計空氣阻力,纜繩延長線與豎直中心軸相交于O點,夾角為,O點到座椅的豎直高度為h,則當增大時()Ah不變 B減小C2h不變 D2h增大答案C解析對座椅受力分析如圖所示,根據(jù)牛頓第二定律可得mgtanm2htan,解得:g2h,則當增大時,h減小,變大,2h不變,故選C。配套課時作業(yè)時間:60分鐘滿分:100分一、選擇題(本題共11小題,每小題7分,共77分。其中18為單選,911為多選)1. (2018南寧摸底)如圖所示,質(zhì)量相等的A、B兩物體緊貼在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒的豎直內(nèi)壁上,隨圓筒一起做勻速圓周運動,則下列關系中正確的是()A線速度vAvBB角速度ABC受到的合力FA合FB合D受到的摩擦力FfA>FfB答案B解析質(zhì)量相等的A、B兩物體隨圓筒一起做勻速圓周運動,兩者的角速度相等,B正確;根據(jù)角速度與線速度的關系vr,A物體的線速度大于B物體的線速度,A錯誤;由向心加速度公式a2r和牛頓第二定律F合ma可知,A物體所受的合力大于B物體所受的合力,C錯誤;在豎直方向,它們所受的摩擦力等于重力,由于二者質(zhì)量相等,重力相等,所以它們受到的摩擦力相等,D錯誤。2. (2018朔州模擬)如圖所示,粗糙水平圓盤上,質(zhì)量相等的A、B兩物塊疊放在一起,隨圓盤一起做勻速圓周運動,則下列說法不正確的是()AB的向心力是A的向心力的2倍B盤對B的摩擦力是B對A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半徑向外滑動的趨勢D若B先滑動,則B對A的動摩擦因數(shù)A大于盤對B的動摩擦因數(shù)B答案A解析A、B兩物塊的角速度大小相等,根據(jù)Fnmr2,轉(zhuǎn)動半徑相等,質(zhì)量相等,所以向心力相等,A錯誤;對AB整體分析,F(xiàn)fB2mr2,對A分析,有:FfAmr2,知盤對B的摩擦力是B對A的摩擦力的2倍,B正確;A所受的靜摩擦力方向指向圓心,可知A有沿半徑向外滑動的趨勢,B受到盤的靜摩擦力方向指向圓心,可知B有沿半徑向外滑動的趨勢,C正確;對AB整體分析,B2mg2mr,解得:B,對A分析,Amgmr,解得A,因為B先滑動,可知B先達到臨界角速度,可知B的臨界角速度較小,即B<A,D正確。3. 如圖所示,兩個相同材料制成的水平摩擦輪A和B,兩輪半徑RA2RB,A為主動輪。當A輪勻速轉(zhuǎn)動時,在A輪邊緣處放置的小木塊恰能在A輪的邊緣上與A輪相對靜止,若將小木塊放在B輪上讓其相對B輪靜止,木塊與B輪轉(zhuǎn)軸間的最大距離為()A. B. CRB D.答案B解析兩輪邊緣上線速度大小相等,根據(jù)題意可知ARABRB,所以B2A,因為同一物體在兩輪上受到的最大靜摩擦力相等,則根據(jù)最大靜摩擦力等于向心力有mRAmr,解得r,B正確,A、C、D錯誤。4. 如圖所示,在傾角為30的固定光滑斜面上,有一根長為L1 m的細繩,一端固定在O點,另一端系一小球沿斜面做圓周運動,若小球能通過最高點A,取重力加速度g10 m/s2,則()A小球經(jīng)過最高點A的速度可能是1 m/sB小球從A點運動至最低點B過程繩子拉力可能先變小后變大C小球經(jīng)過最低點B的速度大于等于5 m/sD小球受到的合力的最小值可能為0答案C解析小球能通過最高點A,有mgsin30Fm,F(xiàn)0,有vA m/s,A錯誤;小球從最高點A向最低點B運動過程中,其拉力逐漸變大,B錯誤;從A點到B點機械能守恒,有2mgLsin30mvmv,vB5 m/s,C正確;根據(jù)曲線運動特點得知,小球做圓周運動,其合力不可能為零,D錯誤。5(2019湖南六校聯(lián)考)一根細線一端系一小球(可視為質(zhì)點),另一端固定在光滑圓錐頂上,如圖所示,設小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的角速度為,細線的張力為FT,則FT隨2變化的圖象是()答案C解析由題知小球未離開圓錐表面時細線與豎直方向的夾角為,用L表示細線長度,小球離開圓錐表面前,細線的張力為FT,圓錐對小球的支持力為FN,根據(jù)牛頓第二定律有FTsinFNcosm2Lsin,F(xiàn)TcosFNsinmg,聯(lián)立解得FTmgcosm2Lsin2。小球離開圓錐表面后,設細線與豎直方向的夾角為,根據(jù)牛頓第二定律有FTsinm2Lsin,解得FTmL2。對照四個選項的圖象可知C項正確。6. (2018保定一模)如圖所示,豎直平面內(nèi)有一光滑圓環(huán),圓心為O,OA連線水平,AB為固定在A、B兩點間的光滑直桿,在直桿和圓環(huán)上分別套著一個相同的小球M、N。先后兩次讓小球M、N以角速度和2隨圓環(huán)一起繞豎直直徑BD做勻速圓周運動。則()A小球M第二次的位置比第一次時離A點近B小球M第二次的位置與第一次時相同C小球N第二次的豎直位置比第一次時高D小球N第二次的豎直位置比第一次時低答案C解析M球套在直桿上,受力分析如圖甲所示,受重力mg和桿的支持力N,設桿AB與水平面夾角為,則有mgtanm2r,所以當變大時r變小,所以小球M第二次位置比第一次離B近,故A、B均錯誤;小球N套在圓環(huán)上,受力分析如圖乙,受重力mg和環(huán)的支持力FN,則將mg和FN合成,合力提供向心力,有mgtanm2Rsin,其中R為大圓環(huán)半徑,化簡得:2,變大,cos變小,變大,所以小球N第二次位置比第一次高,故C正確,D錯誤。7(2018安陽模擬)如圖甲所示,輕桿一端固定在O點,另一端固定一小球,現(xiàn)讓小球在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運動。小球運動到最高點時,桿與小球間彈力大小為F,小球在最高點的速度大小為v,其Fv2圖象如圖乙所示。則下列說法不正確的是()A小球的質(zhì)量為B當?shù)氐闹亓铀俣却笮镃v2c時,小球?qū)U的彈力方向向上Dv22b時,小球受到的彈力與重力大小相等答案B解析當彈力F方向向下時,F(xiàn)mgm,解得Fmmg,當彈力F方向向上時,mgFm,解得Fmgm,對比題圖乙Fv2圖象可知,bgR,amg,聯(lián)立解得g,m,A正確,B錯誤;v2c時,代入Fmg,得F>0,由牛頓第三定律知,小球?qū)U的彈力方向向上,C正確;同理v22b時,解得小球受到的彈力與重力大小相等,D正確。8. 如圖所示,輕繩的一端固定在O點,另一端系一質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點)。當小球在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做圓周運動時,通過傳感器測得輕繩拉力T、輕繩與豎直線OP的夾角滿足關系式Tabcos,式中a、b為常數(shù)。若不計空氣阻力,則當?shù)氐闹亓铀俣葹?)A. B. C. D.答案D解析設小球在最低點,即0時的速度為v1,拉力為T1,在最高點,即180時的速度為v2,拉力為T2,在最低點有:T1mgm,在最高點有:T2mgm,根據(jù)動能定理有:2mgRmvmv,可得T1T26mg,對比Tabcos,有T1ab,T2ab,故T1T22b,即6mg2b,故當?shù)刂亓铀俣萭,D正確。9. (2018河北名校聯(lián)盟質(zhì)檢一)如圖為過山車及其軌道簡化模型,過山車車廂內(nèi)固定一安全座椅,座椅上乘坐假人,并系好安全帶,安全帶恰好未繃緊,不計一切阻力,以下判斷正確的是()A過山車在圓軌道上做勻速圓周運動B過山車在圓軌道最高點時的速度至少應等于C過山車在圓軌道最低點時假人處于失重狀態(tài)D若過山車能順利通過整個圓軌道,在最高點時安全帶對假人一定無作用力答案BD解析過山車在豎直圓軌道上做圓周運動,不計一切阻力,只有重力做功,則機械能守恒,過山車動能不斷變化,速度也在變,故不可能做勻速圓周運動,A錯誤;在最高點,過山車和假人水平方向不受力,重力和軌道對過山車的彈力的合力提供向心力,當彈力為零時,速度最小,則mgm,解得過山車在圓軌道最高點時的速度至少為v,B正確;在最低點時,重力和軌道對過山車的彈力的合力提供向心力,加速度方向向上,假人處于超重狀態(tài),C錯誤;若過山車順利通過整個圓軌道,在最高點速度最低時假人的重力恰好提供向心力,若在最高點速度大于,則座椅對假人有向下的支持力,安全帶對假人無作用力,D正確。10. (2018福建廈門質(zhì)檢)如圖所示,金屬塊Q放在帶光滑小孔的水平桌面上,一根穿過小孔的細線,上端固定在Q上,下端拴一個小球。小球在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動(圓錐擺),細線與豎直方向成30角(圖中P位置)。現(xiàn)使小球在更高的水平面上做勻速圓周運動。細線與豎直方向成60角(圖中P位置)。兩種情況下,金屬塊Q都靜止在桌面上的同一點,則后一種情況與原來相比較,下面判斷正確的是()AQ受到桌面的靜摩擦力大小不變B小球運動的角速度變大C細線所受的拉力之比為21D小球向心力大小之比為31答案BD解析對小球受力分析如圖所示,則有T,向心力Fnmgtanm2Lsin,得角速度,當小球做圓周運動的平面升高時,增大,cos減小,則拉力T增大,角速度增大,金屬塊Q受到的靜摩擦力等于細線的拉力大小,則后一種情況與原來相比,Q受到桌面的靜摩擦力增大,故A錯誤,B正確。細線與豎直方向成30角時拉力T1,細線與豎直方向成60角時拉力T22mg,所以T2T11,故C錯誤。細線與豎直方向成30角時向心力Fn1mgtan30mg,細線與豎直方向成60角時向心力Fn2mgtan60mg,所以Fn2Fn131,所以D正確。11. (2018湖北黃岡期末)如圖所示,置于豎直面內(nèi)的光滑金屬圓環(huán)半徑為r,質(zhì)量為m的帶孔小球穿于環(huán)上,同時有一長為r的細繩一端系于圓環(huán)最高點,另一端系于小球上,當圓環(huán)以角速度(0)繞豎直直徑轉(zhuǎn)動時()A細繩對小球的拉力可能為零B細繩和金屬圓環(huán)對小球的作用力大小可能相等C細繩對小球拉力與小球的重力大小不可能相等D當 時,金屬圓環(huán)對小球的作用力為零答案CD解析因為圓環(huán)光滑,小球不受摩擦力,小球受重力、繩子的拉力、環(huán)對小球的彈力,根據(jù)幾何關系可知,此時細繩與豎直方向的夾角為60,當圓環(huán)旋轉(zhuǎn)時,小球繞豎直軸做圓周運動,則有Tcos60Ncos60mg,Tsin60Nsin60m2rsin60,解得Tmgm2r,Nmgm2r,當時,金屬圓環(huán)對小球的作用力N0。綜上可知C、D正確,A、B錯誤。二、非選擇題(本題共2小題,共23分)12(10分) 如圖所示,一質(zhì)量為m0.5 kg 的小球,用長為0.4 m的輕繩拴著在豎直平面內(nèi)做圓周運動。g取 10 m/s2,求:(1)小球要做完整的圓周運動,在最高點的速度至少為多大?(2)當小球在最高點的速度為4 m/s時,輕繩拉力多大?(3)若輕繩能承受的最大張力為45 N,小球的最大速度不能超過多大?答案(1)2 m/s(2)15 N(3)4 m/s解析(1)在最高點,對小球受力分析如圖甲,由牛頓第二定律得mgF1由于輕繩對小球只能提供指向圓心的拉力,即F1不可能取負值,亦即F10聯(lián)立得v代入數(shù)值得v2 m/s所以,小球要做完整的圓周運動,在最高點的速度至少為2 m/s。(2)設當小球在最高點的速度為v24 m/s時,繩子施加的拉力為F2,由牛頓第二定律有mgF2m,代入數(shù)據(jù)解得F215 N。(3)由分析可知,小球在最低點張力最大,速度最大,對小球受力分析如圖乙,由牛頓第二定律得F3mg將F345 N代入得v34 m/s即小球的最大速度不能超過4 m/s。13(13分) 半徑為R的水平圓臺可繞通過圓心O的豎直光滑細軸CC轉(zhuǎn)動,如圖所示。圓臺上沿相互垂直的兩個半徑方向刻有槽,質(zhì)量為mA的物體A放在一個槽內(nèi),A與槽底間的動摩擦因數(shù)為0,質(zhì)量為mB的物體B放在另一個槽內(nèi),此槽是光滑的,A、B間用一長為l(l<R)且不可伸長的輕繩繞過細軸相連。設物體A與槽的側(cè)面之間沒有作用力,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,試求:(1)當圓臺做勻速轉(zhuǎn)動,A物體與圓盤之間剛好沒有摩擦力且A、B兩物體相對圓臺不動時,A到圓心的距離x為多大?此時的轉(zhuǎn)動角速度應為多大?(2)當圓臺做勻速轉(zhuǎn)動,A、B兩物體相對圓臺不動且A物體與圓臺間有摩擦時,轉(zhuǎn)動角速度和A到圓心的距離x應滿足的條件。答案(1)l可取任意值(2)當l<xl時, ;當0x<l時, 解析(1)設繩上張力為F,當A、B相對于轉(zhuǎn)盤靜止且恰無摩擦力時,由牛頓第二定律得:對A:FmA2x對B:FmB2(lx)解得:xl此時可取任意值。(2)當l<xl時,A有沿半徑向外滑動的趨勢,受到的靜摩擦力沿半徑指向圓心,則由牛頓第二定律得:對A:F0mAgmA2x對B:FmB2(lx)解得: ;當0x<l時,A有沿半徑向內(nèi)滑動的趨勢,受到的靜摩擦力沿半徑背向圓心,則由牛頓第二定律得:對A:F0mAgmA2x對B:FmB2(lx)解得: 。

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