2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練1 函數(shù)與方程思想 文.doc

思想方法訓(xùn)練1函數(shù)與方程思想一、能力突破訓(xùn)練1.已知橢圓x24+y2=1的兩個(gè)焦點(diǎn)為F1,F2,過(guò)F1作垂直于x軸的直線與橢圓相交,其一個(gè)交點(diǎn)為P,則|PF2|=()A.32B.3C.D.42.奇函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽,若f(x+2)為偶函數(shù),且f(1)=1,則f(8)+f(9)=()A.-2B.-1C.0D.13.已知函數(shù)f(x)=x2+ex-12(x<0)與g(x)=x2+ln(x+a)的圖象上存在關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)的點(diǎn),則a的取值范圍是()A.-,1eB.(-,e)C.-1e,eD.-e,1e4.已知an是等差數(shù)列,a1=1,公差d0,Sn為其前n項(xiàng)和,若a1,a2,a5成等比數(shù)列,則S8的值為()A.16B.32C.64D.625.已知函數(shù)f(x)=ax+b(a>0,a1)的定義域和值域都是-1,0,則a+b=.6.已知直線y=a交拋物線y=x2于A,B兩點(diǎn).若該拋物線上存在點(diǎn)C,使得ACB為直角,則a的取值范圍為.7.已知f(x)是定義域?yàn)镽的偶函數(shù),當(dāng)x0時(shí),f(x)=x2-4x,則不等式f(x+2)<5的解集是.8.設(shè)函數(shù)f(x)=cos2x+sin x+a-1,已知不等式1f(x)174對(duì)一切xR恒成立,求a的取值范圍.9.在ABC中,內(nèi)角A,B,C所對(duì)邊的邊長(zhǎng)分別是a,b,c.已知c=2,C=3.(1)若ABC的面積等于3,求a,b;(2)若sin C+sin(B-A)=2sin 2A,求ABC的面積.10.某地區(qū)要在如圖所示的一塊不規(guī)則用地上規(guī)劃建成一個(gè)矩形商業(yè)樓區(qū),余下的作為休閑區(qū),已知ABBC,OABC,且|AB|=|BC|=2|OA|=4,曲線OC是以O(shè)為頂點(diǎn)且開(kāi)口向上的拋物線的一段,如果矩形的兩邊分別落在AB,BC上,且一個(gè)頂點(diǎn)在曲線OC段上,應(yīng)當(dāng)如何規(guī)劃才能使矩形商業(yè)樓區(qū)的用地面積最大?并求出最大的用地面積.二、思維提升訓(xùn)練11.已知函數(shù)f(x)=sin2x2+12sin x- (>0),xR.若f(x)在區(qū)間(,2)內(nèi)沒(méi)有零點(diǎn),則的取值范圍是()A.0,18B.0,1458,1C.0,58D.0,1814,5812.已知數(shù)列an是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+a10=144.(1)求數(shù)列an的通項(xiàng)an;(2)設(shè)數(shù)列bn的通項(xiàng)bn=1anan+1,記Sn是數(shù)列bn的前n項(xiàng)和,若n3時(shí),有Snm恒成立,求m的最大值.13.已知橢圓C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的一個(gè)頂點(diǎn)為A(2,0),離心率為22.直線y=k(x-1)與橢圓C交于不同的兩點(diǎn)M,N.(1)求橢圓C的方程;(2)當(dāng)AMN的面積為103時(shí),求k的值.14.直線m:y=kx+1和雙曲線x2-y2=1的左支交于A,B兩點(diǎn),直線l過(guò)點(diǎn)P(-2,0)和線段AB的中點(diǎn)M,求l在y軸上的截距b的取值范圍.思想方法訓(xùn)練1函數(shù)與方程思想一、能力突破訓(xùn)練1.C解析 如圖,令|F1P|=r1,|F2P|=r2,則r1+r2=2a=4,r22-r12=(2c)2=12,化簡(jiǎn)得r1+r2=4,r2-r1=3,解得r2=72.2.D解析 因?yàn)楹瘮?shù)f(x)是奇函數(shù),所以f(-x)=-f(x).又因?yàn)閒(x+2)是偶函數(shù),則f(-x+2)=f(x+2),所以f(8)=f(6+2)=f(-6+2)=f(-4)=-f(4),而f(4)=f(2+2)=f(-2+2)=f(0)=0,f(8)=0,同理f(9)=f(7+2)=f(-7+2)=f(-5)=-f(5);而f(5)=f(3+2)=f(-3+2)=f(-1)=-f(1)=-1,f(9)=1,所以f(8)+f(9)=1.故選D.3.B解析 由已知得,與函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)的圖象的函數(shù)解析式為h(x)=x2+e-x- (x>0).令h(x)=g(x),得ln(x+a)=e-x-12,作函數(shù)M(x)=e-x-12的圖象,顯然當(dāng)a0時(shí),函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象一定有交點(diǎn).當(dāng)a>0時(shí),若函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象有交點(diǎn),則ln a<12,則0<a<e.綜上,a<e.故選B.4.C解析 因?yàn)閍1,a2,a5成等比數(shù)列,則a22=a1a5,即(1+d)2=1(1+4d),d=2.所以an=1+(n-1)2=2n-1,S8=(a1+a8)82=4(1+15)=64.5.-解析 f(x)=ax+b是單調(diào)函數(shù),當(dāng)a>1時(shí),f(x)是增函數(shù),a-1+b=-1,a0+b=0,無(wú)解.當(dāng)0<a<1時(shí),f(x)是減函數(shù),a-1+b=0,a0+b=-1,a=12,b=-2.綜上,a+b=12+(-2)=-32.6.1,+)解析 以AB為直徑的圓的方程為x2+(y-a)2=a,由y=x2,x2+(y-a)2=a,得y2+(1-2a)y+a2-a=0.即(y-a)y-(a-1)=0,則由題意得a>0,a-10,解得a1.7.x|-7<x<3解析 令x<0,則-x>0,當(dāng)x0時(shí),f(x)=x2-4x,f(-x)=(-x)2-4(-x)=x2+4x.又f(x)為偶函數(shù),f(-x)=f(x),當(dāng)x<0時(shí),f(x)=x2+4x,故有f(x)=x2-4x,x0,x2+4x,x<0.再求f(x)<5的解,由x0,x2-4x<5,得0x<5;由x<0,x2+4x<5,得-5<x<0,即f(x)<5的解集為(-5,5).由于f(x)的圖象向左平移兩個(gè)單位即得f(x+2)的圖象,故f(x+2)<5的解集為x|-7<x<3.8.解 f(x)=cos2x+sin x+a-1=1-sin2x+sin x+a-1=-sinx-122+a+.因?yàn)?1sin x1,所以當(dāng)sin x=時(shí),函數(shù)有最大值f(x)max=a+,當(dāng)sin x=-1時(shí),函數(shù)有最小值f(x)min=a-2.因?yàn)?f(x)174對(duì)一切xR恒成立,所以f(x)max174,且f(x)min1,即a+14174,a-21,解得3a4,故a的取值范圍是3,4.9.解 (1)由余弦定理及已知條件,得a2+b2-ab=4.因?yàn)锳BC的面積等于3,所以12absin C=3,得ab=4.得a2+b2-ab=4,ab=4,解得a=2,b=2.(2)由題意得sin(B+A)+sin(B-A)=4sin Acos A,即sin Bcos A=2sin Acos A,當(dāng)cos A=0時(shí),A=2,B=6,a=433,b=233,當(dāng)cos A0時(shí),得sin B=2sin A,由正弦定理得b=2a,得a2+b2-ab=4,b=2a,解得a=233,b=433.故ABC的面積S=12absin C=233.10.解 以點(diǎn)O為原點(diǎn),OA所在的直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系,設(shè)拋物線的方程為x2=2py,把C(2,4)代入得p=12,所以曲線段OC的方程為y=x2(x0,2).A(-2,0),B(-2,4),設(shè)P(x,x2)(x0,2)在OC上,過(guò)P作PQAB于Q,PNBC于N,故|PQ|=2+x,|PN|=4-x2,則矩形商業(yè)樓區(qū)的面積S=(2+x)(4-x2)(x0,2).S=-x3-2x2+4x+8,令S=-3x2-4x+4=0,得x=23或x=-2(舍去),當(dāng)x0,23時(shí),S>0,S是關(guān)于x的增函數(shù),當(dāng)x23,2時(shí),S<0,S是關(guān)于x的減函數(shù),所以當(dāng)x=23時(shí),S取得最大值,此時(shí)|PQ|=2+x=83,|PN|=4-x2=329,Smax=83329=25627.故該矩形商業(yè)樓區(qū)規(guī)劃成長(zhǎng)為329,寬為83時(shí),用地面積最大為25627.二、思維提升訓(xùn)練11.D解析 f(x)=1-cosx2+12sin x-12=12sin x-cos x=22sinx-4.由f(x)=0,得x-4=k,kZ,x=k+4,kZ.f(x)在區(qū)間(,2)內(nèi)沒(méi)有零點(diǎn),T22-=,且k+4,(k+1)+42,由T2,得T2,0<1.由k+4,(k+1)+42,解得4k+144k+58.當(dāng)k=-1時(shí),-3418,>0,0<18;當(dāng)k=0時(shí),1458;當(dāng)k-2或k1,kZ時(shí),不滿足0<1.綜上,的取值范圍是0,1814,58.12.解 (1)an是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+a10=144,S10=145.S10=10(a1+a10)2,a10=28,公差d=3.an=3n-2(nN*).(2)由(1)知bn=1anan+1=1(3n-2)(3n+1)=1313n-2-13n+1,Sn=b1+b2+bn=131-13n+1,Sn=n3n+1.Sn+1-Sn=n+13n+4-n3n+1=1(3n+4)(3n+1)>0,數(shù)列Sn是遞增數(shù)列.當(dāng)n3時(shí),(Sn)min=S3=310,依題意,得m310,故m的最大值為310.13.解 (1)由題意得a=2,ca=22,a2=b2+c2,解得b=2.所以橢圓C的方程為x24+y22=1.(2)由y=k(x-1),x24+y22=1,得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0.設(shè)點(diǎn)M,N的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),則x1+x2=4k21+2k2,x1x2=2k2-41+2k2.所以|MN|=(x2-x1)2+(y2-y1)2=(1+k2)(x1+x2)2-4x1x2=2(1+k2)(4+6k2)1+2k2.因?yàn)辄c(diǎn)A(2,0)到直線y=k(x-1)的距離d=|k|1+k2,所以AMN的面積為S=12|MN|d=|k|4+6k21+2k2.由|k|4+6k21+2k2=103,解得k=1.所以k的值為1或-1.14.解 由y=kx+1,x2-y2=1(x-1)消去y,得(k2-1)x2+2kx+2=0.直線m與雙曲線的左支有兩個(gè)交點(diǎn),方程有兩個(gè)不相等的負(fù)實(shí)數(shù)根.=4k2+8(1-k2)>0,x1+x2=2k1-k2<0,x1x2=-21-k2>0,解得1<k<2.設(shè)M(x0,y0),則x0=x1+x22=k1-k2,y0=kx0+1=11-k2.由P(-2,0),Mk1-k2,11-k2,Q(0,b)三點(diǎn)共線,得出b=2-2k2+k+2,設(shè)f(k)=-2k2+k+2=-2k-142+178,則f(k)在(1,2)上為減函數(shù),f(2)<f(k)<f(1),且f(k)0.-(2-2)<f(k)<0或0<f(k)<1.b<-2-2或b>2.b的取值范圍是(-,-2-2)(2,+).