2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 3-2 牛頓第二定律 兩類動(dòng)力學(xué)問題針對(duì)訓(xùn)練（含解析） 新人教版.doc

牛頓第二定律 兩類動(dòng)力學(xué)問題1(2019年襄陽模擬)在歡慶節(jié)日的時(shí)候，人們會(huì)在夜晚燃放美麗的焰火按照設(shè)計(jì)，某種型號(hào)的裝有焰火的禮花彈從專用炮筒中射出后，在4 s末到達(dá)離地面100 m的最高點(diǎn)時(shí)炸開，構(gòu)成各種美麗的圖案假設(shè)禮花彈從炮筒中豎直射出時(shí)的初速度是v0，上升過程中所受的平均阻力大小始終是自身重力的k倍，那么v0和k分別等于(重力加速度g取10 m/s2)()A25 m/s，1.25 B.40 m/s，0.25C50 m/s，0.25 D.80 m/s，1.25解析：根據(jù)hat2，解得a12.5 m/s2，所以v0at50 m/s；上升過程禮花彈所受的平均阻力Ffkmg，根據(jù)牛頓第二定律得a(k1)g 12.5 m/s2，解得k0.25，故C正確答案：C圖32192(2019年山東師大附中質(zhì)檢)(多選)如圖3219所示，質(zhì)量為m1 kg的物體與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3，當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)的速度為10 m/s時(shí)，給物體施加一個(gè)與速度方向相反的大小為F2 N的恒力，在此恒力作用下(g取10 m/s2)()A物體經(jīng)10 s速度減為零B物體經(jīng)2 s速度減為零C物體速度減為零后將保持靜止D物體速度減為零后將向右運(yùn)動(dòng)解析：物體受到向右的滑動(dòng)摩擦力，F(xiàn)fFNG3 N，根據(jù)牛頓第二定律得，am/s25 m/s2，方向向右，物體減速到0所需的時(shí)間t s2 s，A錯(cuò)誤，B正確，減速到零后，F(xiàn)<Ff，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，不再運(yùn)動(dòng)，C正確，D錯(cuò)誤答案：BC3(2019年長(zhǎng)沙模擬)一皮帶傳送裝置如圖3220所示，皮帶的速度v足夠大，輕彈簧一端固定，另一端連接一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊，已知滑塊與皮帶之間存在摩擦，當(dāng)滑塊放在皮帶上時(shí)，彈簧的軸線恰好水平，若滑塊放到皮帶的瞬間，滑塊的速度為零，且彈簧正好處于自由長(zhǎng)度，則當(dāng)彈簧從自由長(zhǎng)度到第一次達(dá)最長(zhǎng)這一過程中，滑塊的速度和加速度變化的情況是()圖3220A速度增大，加速度增大B速度增大，加速度減小C速度先增大后減小，加速度先增大后減小D速度先增大后減小，加速度先減小后增大解析：滑塊放上傳送帶，受到向左的摩擦力，開始摩擦力大于彈簧的彈力，向左做加速運(yùn)動(dòng)，在此過程中，彈簧的彈力逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度逐漸減小，當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力相等時(shí)，速度達(dá)到最大，然后彈力大于摩擦力，加速度方向與速度方向相反，滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力繼續(xù)增大，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度逐漸增大，速度逐漸減小，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確答案：D圖32214(2019年南寧模擬)如圖3221所示，質(zhì)量為m的球置于斜面上，被一個(gè)豎直擋板擋住現(xiàn)用一個(gè)力F拉斜面，使斜面水平面上做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽略一切摩擦，以下說法中正確的是()A若加速度足夠小，豎直擋板對(duì)球的彈力可能為零B若加速度足夠大，斜面對(duì)球的彈力可能為零C斜面和擋板對(duì)球的彈力的合力等于maD擋板對(duì)球的彈力不僅有，而且是一個(gè)定值圖3222解析：球在重力、斜面的支持力和擋板的彈力作用下做加速運(yùn)動(dòng)，則球受到的合力水平向右，為ma，如圖3222，設(shè)斜面傾角為，擋板對(duì)球的彈力為F1，由正交分解法得F1FNsinma，F(xiàn)NcosG，解得F1maGtan，可見，彈力為一定值，故D正確答案：D圖32235(2019年山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)質(zhì)檢)(多選)如圖3223所示，兩輕質(zhì)彈簧a、b懸掛一質(zhì)量為m的小球，整體處于平衡狀態(tài)，彈簧a與豎直方向成30角，彈簧b與豎直方向成60角，a、b兩彈簧的形變量相等，重力加速度為g，則()A彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為2B彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為1C若彈簧a下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為gD若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為解析：對(duì)小球受力分析，受到彈簧a的拉力、彈簧b的拉力和重力，三力平衡，故有Tamgcos30kax，Tbmgsin30kbx，故，A錯(cuò)誤，B正確；若彈簧a下端與小球松脫，松脫瞬間彈簧b的彈力不變，故小球所受重力和彈簧b的彈力的合力與Ta大小相等、方向相反，故ag，若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間a彈簧的彈力不變，故小球所受重力和a彈簧彈力的合力與Tb大小相等、方向相反，故小球的加速度ag，C錯(cuò)誤，D正確答案：BD圖32246(2018年高考課標(biāo)全國(guó)卷)如圖3224所示，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)以x表示P離開靜止位置的位移，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前，下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是()圖3225解析：設(shè)物塊P靜止時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為x0，物塊P受重力mg、彈簧彈力k(lx0x)及力F，根據(jù)牛頓第二定律，得Fk(lx0x)mgma且k(lx0)mg故Fkxma.根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)知Fx圖象是截距為ma的一次函數(shù)圖象答案：A