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高考數(shù)學(xué)理二輪復(fù)習(xí)教師用書:第1部分 重點(diǎn)強(qiáng)化專題 專題3 第6講 隨機(jī)變量及其分布 Word版含答案

  • 資源ID:40291328       資源大?。?span id="7j61pmz" class="font-tahoma">733.50KB        全文頁數(shù):13頁
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高考數(shù)學(xué)理二輪復(fù)習(xí)教師用書:第1部分 重點(diǎn)強(qiáng)化專題 專題3 第6講 隨機(jī)變量及其分布 Word版含答案

高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5第6講隨機(jī)變量及其分布題型1相互獨(dú)立事件的概率與條件概率(對應(yīng)學(xué)生用書第18頁)核心知識(shí)儲(chǔ)備·1條件概率在A發(fā)生的條件下B發(fā)生的概率為P(B|A).2相互獨(dú)立事件同時(shí)發(fā)生的概率P(AB)P(A)P(B)3獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)的概率如果事件A在一次試驗(yàn)中發(fā)生的概率是p,那么它在n次獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)中恰好發(fā)生k次的概率為Pn(k)Cpk·(1p)nk,k0,1,2,n.典題試解尋法·【典題1】(考查條件概率)如圖6­1,ABC和DEF是同一個(gè)圓的內(nèi)接正三角形,且BCEF.將一顆豆子隨機(jī)地扔到該圓內(nèi),用M表示事件“豆子落在ABC內(nèi)”,N表示事件“豆子落在DEF內(nèi)”,則P(|M)()圖6­1A.B.C.D.解析如圖,作三條輔助線,根據(jù)已知條件得這些小三角形都全等,ABC包含9個(gè)小三角形,滿足事件M的有3個(gè)小三角形,所以P(|M),故選C.答案C【典題2】(考查相互獨(dú)立事件的概率)(20xx·福州五校聯(lián)考)為了檢驗(yàn)?zāi)炒笮推古仪蛸惸凶訂未騾①愱?duì)員的訓(xùn)練成果,某校乒乓球隊(duì)舉行了熱身賽,熱身賽采取7局4勝制(即一場比賽先勝4局者為勝)的規(guī)則在隊(duì)員甲與乙的比賽中,假設(shè)每局甲獲勝的概率為,乙獲勝的概率為,各局比賽結(jié)果相互獨(dú)立(1)求甲在5局以內(nèi)(含5局)贏得比賽的概率;(2)記X為比賽決出勝負(fù)時(shí)的總局?jǐn)?shù),求X的分布列和數(shù)學(xué)期望. 【導(dǎo)學(xué)號:07804040】解(1)由題意得,甲在5局以內(nèi)(含5局)贏得比賽的概率PC×.(2)由題意知,X的所有可能取值為4,5,6,7,且P(X4), P(X5)C×C××,P(X6)C×C×,P(X7)C×C×.所以X的分布列為X4567PE(X)4×5×6×7×.類題通法1.解決條件概率的關(guān)鍵是明確“既定條件”.2.求相互獨(dú)立事件和獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)的概率的方法(1)直接法:正確分析復(fù)雜事件的構(gòu)成,將復(fù)雜事件轉(zhuǎn)化為幾個(gè)彼此互斥的事件的和事件或幾個(gè)相互獨(dú)立事件同時(shí)發(fā)生的積事件或獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)問題,然后用相應(yīng)概率公式求解.(2)間接法:當(dāng)復(fù)雜事件正面情況比較多,反面情況較少,則可利用其對立事件進(jìn)行求解.對于“至少”“至多”等問題往往也用這種方法求解.對點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·1某同學(xué)用計(jì)算器產(chǎn)生了兩個(gè)0,1之間的均勻隨機(jī)數(shù),分別記作x,y.當(dāng)y<x2時(shí),x>的概率是()A.BC.DD記“y<x2”為事件A,“x>”為事件B,所以(x,y)構(gòu)成的區(qū)域如圖所示,所以S1,S2x2dxS1,則所求概率為,故選D.2如圖6­2,用K,A1,A2三類不同的元件連接成一個(gè)系統(tǒng)當(dāng)K正常工作且A1,A2至少有一個(gè)正常工作時(shí),系統(tǒng)正常工作已知K,A1,A2正常工作的概率依次為0.9,0.8,0.8,則系統(tǒng)正常工作的概率為()圖6­2A0.960B0.864C0.720D0.576B法一:(直接法)由題意知K,A1,A2正常工作的概率分別為P(K)0.9,P(A1)0.8,P(A2)0.8,因?yàn)镵,A1,A2相互獨(dú)立,所以A1,A2至少有一個(gè)正常工作的概率為P(1A2)P(A12)P(A1A2)(10.8)×0.80.8×(10.8)0.8×0.80.96.所以系統(tǒng)正常工作的概率為P(K)P(1A2)P(A12)P(A1A2)0.9×0.960.864.法二:(間接法)A1,A2至少有一個(gè)正常工作的概率為1P(12)1(10.8)(10.8)0.96,故系統(tǒng)正常工作的概率為P(K)1P(12)0.9×0.960.864.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)T1、T3、T4、T6、T12)題型2離散型隨機(jī)變量的分布列、期望和方差的應(yīng)用(答題模板)(對應(yīng)學(xué)生用書第19頁)離散型隨機(jī)變量的分布列問題是高考的熱點(diǎn),常以實(shí)際生活為背景,涉及事件的相互獨(dú)立性、互斥事件的概率等,綜合性強(qiáng),難度中等(20xx·全國卷T13、20xx·全國卷T18、20xx·全國卷T19、20xx·全國卷T18、20xx·全國卷T19、20xx·全國卷T19)典題試解尋法·【典題】(本小題滿分12分)(20xx·全國卷)某公司計(jì)劃購買2臺(tái)機(jī)器,該種機(jī)器使用三年后即被淘汰機(jī)器有一易損零件,在購進(jìn)機(jī)器時(shí),可以額外購買這種零件作為備件,每個(gè)200元.在機(jī)器使用期間,如果備件不足再購買,則每個(gè)500元.現(xiàn)需決策在購買機(jī)器時(shí)應(yīng)同時(shí)購買幾個(gè)易損零件,為此搜集并整理了100臺(tái)這種機(jī)器在三年使用期內(nèi)更換的易損零件數(shù),得下面如圖6­3所示的圖6­3以這100臺(tái)機(jī)器更換的易損零件數(shù)的頻率代替1臺(tái)機(jī)器更換的易損零件數(shù)發(fā)生的概率,n表示購買2臺(tái)機(jī)器的同時(shí)購買的易損零件數(shù)(1)求X的分布列;(2)若要求確定n的最小值;(3)以購買易損零件所需費(fèi)用的期望值為決策依據(jù),在n19與n20之中選其一,應(yīng)選用哪個(gè)? 【導(dǎo)學(xué)號:07804041】審題指導(dǎo)題眼挖掘關(guān)鍵信息看到這種條件,想到解題時(shí)可能要分類求解.看到柱狀圖想到頻數(shù)與頻率間的關(guān)系,想到橫軸中的取值含義.看到自變量X想到柱狀圖,想到X的所有可能取值.看到P(Xn)0.5想到X和n的含義,想到(1)中的分布列.規(guī)范解答(1)由柱狀圖及以頻率代替概率可得,一臺(tái)機(jī)器在三年內(nèi)需更換的易損零件數(shù)為8,9,10,11的概率分別為0.2,0.4,0.2,0.2.1分從而P(X16)0.2×0.20.04;P(X17)2×0.2×0.40.16;P(X18)2×0.2×0.20.4×0.40.24;P(X19)2×0.2×0.22×0.4×0.20.24;P(X20)2×0.2×0.40.2×0.20.2;P(X21)2×0.2×0.20.08;P(X22)0.2×0.20.04.4分所以X的分布列為X16171819202122P0.040.160.240.240.20.080.046分(2)由(1)故n的最小值為19.7分(3)記Y表示2臺(tái)機(jī)器在購買易損零件上所需的費(fèi)用(單位:元)E(Y)19×200×0.68(19×200500)×0.2(19×2002×500)×0.08(19×2003×500)×0.044 040;9分E(Y)20×200×0.88(20×200500)×0.08(20×2002×500)×0.044 080.11分可知當(dāng)n19時(shí)所需費(fèi)用的期望值小于當(dāng)n20時(shí)所需費(fèi)用的期望值,故應(yīng)選n19.12分閱卷者說易錯(cuò)點(diǎn)防范措施忽視X的實(shí)際含義導(dǎo)致取值錯(cuò)誤,進(jìn)而導(dǎo)致概率計(jì)算錯(cuò)誤.細(xì)心審題,把握題干中的重要字眼,關(guān)鍵處加標(biāo)記,同時(shí)理解X取每個(gè)值的含義.忽視P(Xn)0.5的含義,導(dǎo)致不會(huì)求解.結(jié)合(1)中的分布列及n的含義,推理求解便可.忽視n19與n20的含義導(dǎo)致無法解題.本題中購買零件所需費(fèi)用包含兩部分,一部分為購買機(jī)器時(shí)購買零件的費(fèi)用,另一部分為備件不足時(shí)額外購買的費(fèi)用.類題通法解答離散型隨機(jī)變量的分布列及相關(guān)問題的一般思路:(1)明確隨機(jī)變量可能取哪些值.(2)結(jié)合事件特點(diǎn)選取恰當(dāng)?shù)挠?jì)算方法計(jì)算這些可能取值的概率值.(3)根據(jù)分布列和期望、方差公式求解.提醒:明確離散型隨機(jī)變量的取值及事件間的相互關(guān)系是求解此類問題的關(guān)鍵.對點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·(20xx·湖南益陽4月調(diào)研)某工廠有兩條相互不影響的生產(chǎn)線分別生產(chǎn)甲、乙兩種產(chǎn)品,產(chǎn)品出廠前需要對產(chǎn)品進(jìn)行性能檢測檢測得分低于80的為不合格品,只能報(bào)廢回收;得分不低于80的為合格品,可以出廠現(xiàn)隨機(jī)抽取這兩種產(chǎn)品各60件進(jìn)行檢測,檢測結(jié)果統(tǒng)計(jì)如下:得分60,70)70,80)80,90)90,100甲種產(chǎn)品的件數(shù)5103411乙種產(chǎn)品的件數(shù)812319(1)試分別估計(jì)甲,乙兩種產(chǎn)品下生產(chǎn)線時(shí)為合格品的概率;(2)生產(chǎn)一件甲種產(chǎn)品,若是合格品,可盈利100元,若是不合格品,則虧損20元;生產(chǎn)一件乙種產(chǎn)品,若是合格品,可盈利90元,若是不合格品,則虧損15元在(1)的前提下:記X為生產(chǎn)1件甲種產(chǎn)品和1件乙種產(chǎn)品所獲得的總利潤,求隨機(jī)變量X的分布列和數(shù)學(xué)期望;求生產(chǎn)5件乙種產(chǎn)品所獲得的利潤不少于300元的概率解(1)甲種產(chǎn)品為合格品的概率約為 ,乙種產(chǎn)品為合格品的概率約為.(2)隨機(jī)變量X的所有可能取值為190,85,70,35,且P(X190)×,P(X85)×,P(X70)×,P(X35)×.所以隨機(jī)變量X的分布列為X190857035P所以E(X)125.設(shè)生產(chǎn)的5件乙種產(chǎn)品中合格品有n件,則不合格品有(5n)件,依題意得,90n15(5n)300,解得n,又因?yàn)?n5,且n為整數(shù),所以n4或n5,設(shè)“生產(chǎn)5件乙種產(chǎn)品所獲得的利潤不少于300元”為事件A,則P(A)C4×.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)T2、T7、T8、T11、T13)題型3正態(tài)分布問題(對應(yīng)學(xué)生用書第21頁)核心知識(shí)儲(chǔ)備·正態(tài)分布的性質(zhì)(1)正態(tài)曲線與x軸之間面積為1.(2)正態(tài)曲線關(guān)于直線x對稱,從而在關(guān)于x對稱的區(qū)間上概率相同(3)P(Xa)1P(Xa),P(Xa)P(Xa)(4)求概率時(shí)充分利用3原則典題試解尋法·【典題】(20xx·全國卷)為了監(jiān)控某種零件的一條生產(chǎn)線的生產(chǎn)過程,檢驗(yàn)員每天從該生產(chǎn)線上隨機(jī)抽取16個(gè)零件,并測量其尺寸(單位:cm)根據(jù)長期生產(chǎn)經(jīng)驗(yàn),可以認(rèn)為這條生產(chǎn)線正常狀態(tài)下生產(chǎn)的零件的尺寸服從正態(tài)分布N(,2)(1)假設(shè)生產(chǎn)狀態(tài)正常,記X表示一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件中其尺寸在(3,3)之外的零件數(shù),求P(X1)及X的數(shù)學(xué)期望;(2)一天內(nèi)抽檢零件中,如果出現(xiàn)了尺寸在(3,3)之外的零件,就認(rèn)為這條生產(chǎn)線在這一天的生產(chǎn)過程可能出現(xiàn)了異常情況,需對當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查試說明上述監(jiān)控生產(chǎn)過程方法的合理性;下面是檢驗(yàn)員在一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件的尺寸:9.9510.129.969.9610.019.929.9810.0410.269.9110.1310.029.2210.0410.059.95經(jīng)計(jì)算得xi9.97,s)0.212,其中xi為抽取的第i個(gè)零件的尺寸,i1,2,16.用樣本平均數(shù)作為的估計(jì)值,用樣本標(biāo)準(zhǔn)差s作為的估計(jì)值,利用估計(jì)值判斷是否需對當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查?剔除(3,3)之外的數(shù)據(jù),用剩下的數(shù)據(jù)估計(jì)和(精確到0.01). 【導(dǎo)學(xué)號:07804042】附:若隨機(jī)變量Z服從正態(tài)分布N(,2),則P(3<Z3)0.997 4,0.997 4160.959 2,0.09.思路分析(1)先由對立事件的概率公式求出P(X1)的值,再利用數(shù)學(xué)期望的公式求解(2)利用獨(dú)立性檢驗(yàn)的思想判斷監(jiān)控生產(chǎn)過程方法的合理性;確定3,3的取值,以剔除(3,3)之外的數(shù)據(jù),再用剩下的數(shù)據(jù)估計(jì)和.解(1)抽取的一個(gè)零件的尺寸在(3,3)之內(nèi)的概率為0.997 4,從而零件的尺寸在(3,3)之外的概率為0.002 6,故XB(16,0.002 6)因此P(X1)1P(X0)10.997 4160.040 8.X的數(shù)學(xué)期望E(X)16×0.002 60.041 6.(2)如果生產(chǎn)狀態(tài)正常,一個(gè)零件尺寸在(3,3)之外的概率只有0.002 6,一天內(nèi)抽取的16個(gè)零件中,出現(xiàn)尺寸在(3,3)之外的零件的概率只有0.040 8,發(fā)生的概率很小,因此一旦發(fā)生這種情況,就有理由認(rèn)為這條生產(chǎn)線在這一天的生產(chǎn)過程可能出現(xiàn)了異常情況,需對當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查,可見上述監(jiān)控生產(chǎn)過程的方法是合理的由9.97,s0.212,得的估計(jì)值為9.97,的估計(jì)值為0.212,由樣本數(shù)據(jù)可以看出有一個(gè)零件的尺寸在(3,3)之外,因此需對當(dāng)天的生產(chǎn)過程進(jìn)行檢查剔除(3,3)之外的數(shù)據(jù)9.22,剩下數(shù)據(jù)的平均數(shù)為×(16×9.979.22)10.02.因此的估計(jì)值為10.02.x16×0.212216×9.9721 591.134,剔除(3,3)之外的數(shù)據(jù)9.22,剩下數(shù)據(jù)的樣本方差為×(1 591.1349.22215×10.022)0.008,因此的估計(jì)值為0.09.類題通法由于正態(tài)分布與頻率分布直方圖有極大的相似性,故最近五年比較受命題人青睞.解決正態(tài)分布問題有三個(gè)關(guān)鍵點(diǎn):(1)對稱軸x;(2)標(biāo)準(zhǔn)差;(3)分布區(qū)間.利用對稱性求指定范圍內(nèi)的概率值;由,分布區(qū)間的特征進(jìn)行轉(zhuǎn)化,使分布區(qū)間轉(zhuǎn)化為3特殊區(qū)間,從而求出所求概率.對點(diǎn)即時(shí)訓(xùn)練·1設(shè)XN(1,2) ,其正態(tài)分布密度曲線如圖6­4所示,且P(X3)0.022 8,那么向正方形OABC中隨機(jī)投擲10 000個(gè)點(diǎn),則落入陰影部分的點(diǎn)的個(gè)數(shù)的估計(jì)值為()圖6­4(附:隨機(jī)變量X服從正態(tài)分布N(,2),則P(<X<)68.26%,P(2<X<2)95.44%)A6 038B6 587C7 028D7 539B由題意得,P(X1)P(X3)0.022 8,P(1<X<3)10.022 8×20.954 4,121,1,P(0X1)P(0X2)0.341 3,故估計(jì)的個(gè)數(shù)為10 000×(10.341 3)6 587,故選B.2從某市統(tǒng)考的學(xué)生數(shù)學(xué)考試卷中隨機(jī)抽查100份數(shù)學(xué)試卷作為樣本,分別統(tǒng)計(jì)出這些試卷總分,由總分得到如6­5的頻率分布直方圖圖6­5(1)求這100份數(shù)學(xué)試卷的樣本平均分和樣本方差s2(同一組中的數(shù)據(jù)用該組區(qū)間的中點(diǎn)值作代表)(2)由直方圖可以認(rèn)為,這批學(xué)生的數(shù)學(xué)總分Z服從正態(tài)分布N(,2),其中近似為樣本平均數(shù),2近似為樣本方差s2.利用該正態(tài)分布,求P(81Z119);記X表示2400名學(xué)生的數(shù)學(xué)總分位于區(qū)間(81,119)的人數(shù),利用的結(jié)果,求E(X)(用樣本的分布區(qū)估計(jì)總體的分布). 【導(dǎo)學(xué)號:07804043】附:19,18,若ZN(,2),則P(Z)0.6826,P(2Z2)0.9544.解(1)60×0.0270×0.0880×0.1490×0.15100×0.24110×0.15120×0.1130×0.08140×0.04100.s2(60100)2×0.02(70100)2×0.08(80100)2×0.14(90100)2×0.15(110100)2×0.15(120100)2×0.1(130100)2×0.08(140100)2×0.04366.(2)由題意可知ZN(100,366)又19,故P(81Z119)P(10019Z10019)0.6826.由可知一名學(xué)生總分落在(81,119)的概率為0.6826.因?yàn)閄B(2400,0.6826),所以E(X)2400×0.68261638.24.題型強(qiáng)化集訓(xùn)·(見專題限時(shí)集訓(xùn)T5、T9、T10、T14)三年真題| 驗(yàn)收復(fù)習(xí)效果(對應(yīng)學(xué)生用書第22頁)1(20xx·全國卷)投籃測試中,每人投3次,至少投中2次才能通過測試已知某同學(xué)每次投籃投中的概率為0.6,且各次投籃是否投中相互獨(dú)立,則該同學(xué)通過測試的概率為()A0.648B0.432C0.36 D0.312A3次投籃投中2次的概率為P(k2)C×0.62×(10.6),投中3次的概率為P(k3)0.63,所以通過測試的概率為P(k2)P(k3)C×0.62×(10.6)0.630.648.故選A.2(20xx·全國卷)一批產(chǎn)品的二等品率為0.02,從這批產(chǎn)品中每次隨機(jī)取一件,有放回地抽取100次,X表示抽到的二等品件數(shù),則DX_. 1.96由題意得XB(100,0.02),DX100×0.02×(10.02)1.96.3(20xx·全國卷)某險(xiǎn)種的基本保費(fèi)為a(單位:元),繼續(xù)購買該險(xiǎn)種的投保人稱為續(xù)保人,續(xù)保人本年度的保費(fèi)與其上年度出險(xiǎn)次數(shù)的關(guān)聯(lián)如下:上年度出險(xiǎn)次數(shù)012345保費(fèi)0.85aa1.25a1.5a1.75a2a設(shè)該險(xiǎn)種一續(xù)保人一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)與相應(yīng)概率如下:一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)012345概率0.300.150.200.200.100.05(1)求一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi)的概率;(2)若一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi),求其保費(fèi)比基本保費(fèi)高出60%的概率;(3)求續(xù)保人本年度的平均保費(fèi)與基本保費(fèi)的比值解(1)設(shè)A表示事件“一續(xù)保人本年度的保費(fèi)高于基本保費(fèi)”,則事件A發(fā)生當(dāng)且僅當(dāng)一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)大于1,故P(A)0.20.20.10.050.55.(2)設(shè)B表示事件“一續(xù)保人本年度的保費(fèi)比基本保費(fèi)高出60%”,則事件B發(fā)生當(dāng)且僅當(dāng)一年內(nèi)出險(xiǎn)次數(shù)大于3,故P(B)0.10.050.15.又P(AB)P(B),故P(B|A).因此所求概率為.(3)記續(xù)保人本年度的保費(fèi)為X,則X的分布列為X0.85aa1.25a1.5a1.75a2aP0.300.150.200.200.100.05E(X)0.85a×0.30a×0.151.25a×0.201.5a×0.201.75a×0.102a×0.051.23a.因此續(xù)保人本年度的平均保費(fèi)與基本保費(fèi)的比值為1.23.4(20xx·全國卷)某超市計(jì)劃按月訂購一種酸奶,每天進(jìn)貨量相同,進(jìn)貨成本每瓶4元,售價(jià)每瓶6元,未售出的酸奶降價(jià)處理,以每瓶2元的價(jià)格當(dāng)天全部處理完根據(jù)往年銷售經(jīng)驗(yàn),每天需求量與當(dāng)天最高氣溫(單位:)有關(guān)如果最高氣溫不低于25,需求量為500瓶;如果最高氣溫位于區(qū)間20,25),需求量為300瓶;如果最高氣溫低于20,需求量為200瓶為了確定六月份的訂購計(jì)劃,統(tǒng)計(jì)了前三年六月份各天的最高氣溫?cái)?shù)據(jù),得下面的頻數(shù)分布表:最高氣溫10,15)15,20)20,25)25,30)30,35)35,40)天數(shù)216362574以最高氣溫位于各區(qū)間的頻率代替最高氣溫位于該區(qū)間的概率(1)求六月份這種酸奶一天的需求量X(單位:瓶)的分布列;(2)設(shè)六月份一天銷售這種酸奶的利潤為Y(單位:元),當(dāng)六月份這種酸奶一天的進(jìn)貨量n(單位:瓶)為多少時(shí),Y的數(shù)學(xué)期望達(dá)到最大值? 【導(dǎo)學(xué)號:07804044】解(1)由題意知,X所有可能取值為200,300,500,由表格數(shù)據(jù)知P(X200)0.2,P(X300)0.4,P(X500)0.4.因此X的分布列為X200300500P0.20.40.4(2)由題意知,這種酸奶一天的需求量至多為500,至少為200,因此只需考慮200n500.當(dāng)300n500時(shí),若最高氣溫不低于25,則Y6n4n2n;若最高氣溫位于區(qū)間20,25),則Y6×3002(n300)4n1 2002n;若最高氣溫低于20,則Y6×2002(n200)4n8002n.因此EY2n×0.4(1 2002n)×0.4(8002n)×0.26400.4n.當(dāng)200n<300時(shí),若最高氣溫不低于20,則Y6n4n2n;若最高氣溫低于20,則Y6×2002(n200)4n8002n,因此EY2n×(0.40.4)(8002n)×0.21601.2n.所以n300時(shí),Y的數(shù)學(xué)期望達(dá)到最大值,最大值為520元

注意事項(xiàng)

本文(高考數(shù)學(xué)理二輪復(fù)習(xí)教師用書:第1部分 重點(diǎn)強(qiáng)化專題 專題3 第6講 隨機(jī)變量及其分布 Word版含答案)為本站會(huì)員(仙***)主動(dòng)上傳,裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。 若此文所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請立即通知裝配圖網(wǎng)(點(diǎn)擊聯(lián)系客服),我們立即給予刪除!

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