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(浙江專用)2020版高考數(shù)學(xué)新增分大一輪復(fù)習(xí) 第六章 平面向量、復(fù)數(shù) 6.4 平面向量的應(yīng)用(第2課時(shí))平面向量的綜合應(yīng)用講義(含解析).docx

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(浙江專用)2020版高考數(shù)學(xué)新增分大一輪復(fù)習(xí) 第六章 平面向量、復(fù)數(shù) 6.4 平面向量的應(yīng)用(第2課時(shí))平面向量的綜合應(yīng)用講義(含解析).docx

第2課時(shí)平面向量的綜合應(yīng)用題型一平面向量與數(shù)列例1(2018浙江名校協(xié)作體考試)設(shè)數(shù)列xn的各項(xiàng)都為正數(shù)且x11.ABC內(nèi)的點(diǎn)Pn(nN*)均滿足PnAB與PnAC的面積比為21,若xn1(2xn1)0,則x4的值為()A15B17C29D31答案A解析因?yàn)閤n1(2xn1)0,所以(2xn1)xn1,如圖,設(shè)(2xn1),以PnA和PnD為鄰邊作平行四邊形PnDEA,所以xn1,所以,所以,又,所以,所以,所以xn12xn1,又x11,所以x23,x37,x415,故選A.思維升華向量與其他知識(shí)的結(jié)合,多體現(xiàn)向量的工具作用,利用向量共線或向量數(shù)量積的知識(shí)進(jìn)行轉(zhuǎn)化,“脫去”向量外衣,利用其他知識(shí)解決即可跟蹤訓(xùn)練1(1)已知等差數(shù)列an的前n項(xiàng)和為Sn,若a1a2018,且A,B,C三點(diǎn)共線(該直線不過(guò)點(diǎn)O),則S2018等于()A1009B1008C2017D2018答案A解析因?yàn)閍1a2018,且A,B,C三點(diǎn)共線,a1a20181,又?jǐn)?shù)列an是等差數(shù)列,S20181009.(2)(2018浙江新高考預(yù)測(cè))角A,B,C為ABC的三個(gè)內(nèi)角,向量m滿足|m|,且m,當(dāng)角A最大時(shí),動(dòng)點(diǎn)P使得|,|,|成等差數(shù)列,則的最大值是_答案解析設(shè)BC2a,BC的中點(diǎn)為D.由題意得|m|2221cos(BC)1cos(BC)cosBcosCsinBsinC,則cosBcosCsinBsinC,化簡(jiǎn)得tanBtanC,則tanAtan(BC)(tanBtanC)2,當(dāng)且僅當(dāng)tanBtanC時(shí),等號(hào)成立,所以當(dāng)角A最大時(shí),A,BC,則易得AD.因?yàn)閨,|,|成等差數(shù)列,所以2|,則點(diǎn)P在以B,C為焦點(diǎn),以2|4a為長(zhǎng)軸的橢圓上,由圖(圖略)易得當(dāng)點(diǎn)P為橢圓的與點(diǎn)A在直線BC的異側(cè)的頂點(diǎn)時(shí),|取得最大值,此時(shí)|a,則|,所以.題型二和向量有關(guān)的最值問(wèn)題命題點(diǎn)1與平面向量基本定理有關(guān)的最值問(wèn)題例2(1)(2018浙江鎮(zhèn)海中學(xué)測(cè)試)已知ABC內(nèi)接于圓O,且A60,若xy(x,yR),則x2y的最大值是()A.B1C.D2答案D解析設(shè)ABC的三個(gè)內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c.由xy,得x2y,xy2,所以解得所以x2y2222(當(dāng)且僅當(dāng)bc時(shí)取等號(hào)),故選D.(2)(2018溫州模擬)如圖,在矩形ABCD中,AB3,AD4,M,N分別為線段BC,CD上的點(diǎn),且滿足1,若xy,則xy的最小值為_(kāi)答案解析連接MN交AC于點(diǎn)G.由勾股定理,知MN2CM2CN2,所以1,即MNCMCM,所以C到直線MN的距離為定值1,此時(shí)MN是以C為圓心,1為半徑的圓的一條切線(如圖所示),xy(xy).由向量共線定理知,(xy),所以xy,又因?yàn)閨max514,所以xy的最小值為.命題點(diǎn)2與數(shù)量積有關(guān)的最值問(wèn)題例3(1)(2017浙江)如圖,已知平面四邊形ABCD,ABBC,ABBCAD2,CD3,AC與BD交于點(diǎn)O,記I1,I2,I3,則()AI1I2I3BI1I3I2CI3I1I2DI2I1I3答案C解析I1I2(),又與所成角為鈍角,I1I20,即I1I2.I1I3|cosAOB|cosCODcosAOB(|),又AOB為鈍角,OAOC,OBOD,I1I30,即I1I3.I3I1I2,故選C.(2)(2018紹興市柯橋區(qū)質(zhì)檢)已知向量a,b,c滿足|b|c|2|a|1,則(ca)(cb)的最大值是_,最小值是_答案3解析由題意得|a|,|b|c|1,則(ca)(cb)|c|2cbcaab|c|2(abc)2(|a|2|b|2|c|2)(abc)2,則當(dāng)向量a,b,c同向共線時(shí),(ca)(cb)取得最大值23,當(dāng)abc0時(shí),(ca)(cb)取得最小值.命題點(diǎn)3與模有關(guān)的最值問(wèn)題例4 (1)(2018浙江金華一中考試)已知,是空間兩兩垂直的單位向量,xyz,且x2y4z1,則|的最小值為_(kāi)答案解析方法一由題意可設(shè)(1,0,0),(0,1,0),(0,0,1)由x2y4z1,得x12y4z.由xyz(x,y,z),則|,所以|的最小值為.方法二由方法一得|,又x2y4z1表示一個(gè)平面,所以|的最小值d為定點(diǎn)(1,1,0)到平面x2y4z1的距離,即d.(2)(2018浙江學(xué)軍中學(xué)模擬)已知平面向量a,b,c滿足|a|3,|b|c|5,0<<1,若bc0,則|ab(bc)|的最小值為_(kāi)答案3解析建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系,設(shè)a,則A在以O(shè)為圓心,3為半徑的圓上運(yùn)動(dòng)設(shè)b,c,則bc,取DBC,設(shè)(bc),則(1)(bc),取EOC使得c,則|ab(bc)|,|,|ab(bc)|,作點(diǎn)E關(guān)于BC的對(duì)稱點(diǎn)E,則|,由E(0,2)易得E(3,5),|ab(bc)|33,且知當(dāng)A,D在線段OE上時(shí)取等號(hào),|ab(bc)|的最小值為3.思維升華和向量有關(guān)的最值問(wèn)題,要回歸向量的本質(zhì)進(jìn)行轉(zhuǎn)化,利用數(shù)形結(jié)合、基本不等式或者函數(shù)的最值求解跟蹤訓(xùn)練2 (1)(2013浙江)設(shè)ABC,P0是邊AB上一定點(diǎn),滿足P0BAB,且對(duì)于邊AB上任一點(diǎn)P,恒有,則()AABC90BBAC90CABACDACBC答案D解析設(shè)BC中點(diǎn)為M,連接P0M,則2222同理22恒成立,|恒成立即P0MAB,取AB的中點(diǎn)N,連接CN,又P0BAB,則CNAB,ACBC.故選D.(2)(2018臺(tái)州期末)已知m,n是兩個(gè)非零向量,且|m|1,|m2n|3,則|mn|n|的最大值為()A.B.C4D5答案B解析因?yàn)?m2n)24n24mn19,所以n2mn2,所以(mn)2m22mnn25n2,所以|mn|n|n|.令|n|x(0<x),f(x)x,則f(x)1.由f(x)0,得x(舍負(fù)),所以當(dāng)0<x<時(shí),f(x)>0,當(dāng)<x時(shí),f(x)<0,所以函數(shù)f(x)在上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞減,所以f(x)maxf,故選B.(3)將一圓的八個(gè)等分點(diǎn)分成相間的兩組,連接每組的四個(gè)點(diǎn)得到兩個(gè)正方形,去掉兩個(gè)正方形內(nèi)部的八條線段后可以形成一個(gè)正八角星,如圖所示,設(shè)正八角星的中心為O,并且e1,e2.若將點(diǎn)O到正八角星16個(gè)頂點(diǎn)的向量都寫成為e1e2,R的形式,則的最大值為_(kāi)答案1解析由題意知,要取得最大值,必然是點(diǎn)O到正八角星的7個(gè)頂點(diǎn)的向量在如圖所示的,中的一個(gè)向量e1,此時(shí)1;(1)e1(1)e2,此時(shí);()e1e2,此時(shí)1;e1e2,此時(shí)2;()e1e2,此時(shí)1;(1)(1)e1e2,此時(shí);e2,此時(shí)1.綜上所述,的最大值為1.題型三和向量有關(guān)的創(chuàng)新題例5稱d(a,b)|ab|為兩個(gè)向量a,b間的“距離”若向量a,b滿足:|b|1;ab;對(duì)任意的tR,恒有d(a,tb)d(a,b),則()AabBb(ab)Ca(ab) D(ab)(ab)答案B解析由于d(a,b)|ab|,因此對(duì)任意的tR,恒有d(a,tb)d(a,b),即|atb|ab|,即(atb)2(ab)2,t22tab(2ab1)0對(duì)任意的tR都成立,因此有(2ab)24(2ab1)0,即(ab1)20,得ab10,故abb2b(ab)1120,故b(ab)思維升華解答創(chuàng)新型問(wèn)題,首先需要分析新定義(新運(yùn)算)的特點(diǎn),把新定義(新運(yùn)算)所敘述的問(wèn)題的本質(zhì)弄清楚,然后應(yīng)用到具體的解題過(guò)程之中,這是破解新定義(新運(yùn)算)信息題難點(diǎn)的關(guān)鍵所在跟蹤訓(xùn)練3定義一種向量運(yùn)算“”:ab(a,b是任意的兩個(gè)向量)對(duì)于同一平面內(nèi)向量a,b,c,e,給出下列結(jié)論:abba;(ab)(a)b(R);(ab)cacbc;若e是單位向量,則|ae|a|1.以上結(jié)論一定正確的是_(填上所有正確結(jié)論的序號(hào))答案解析當(dāng)a,b共線時(shí),ab|ab|ba|ba,當(dāng)a,b不共線時(shí),ababbaba,故是正確的;當(dāng)0,b0時(shí),(ab)0,(a)b|0b|0,故是錯(cuò)誤的;當(dāng)ab與c共線時(shí),存在a,b與c不共線,(ab)c|abc|,acbcacbc,顯然|abc|acbc,故是錯(cuò)誤的;當(dāng)e與a不共線時(shí),|ae|ae|<|a|e|<|a|1,當(dāng)e與a共線時(shí),設(shè)aue,uR,|ae|ae|uee|u1|u|1,故是正確的綜上,結(jié)論一定正確的是.1在平面直角坐標(biāo)系中,若|a|b|c|2,且ab0,(ac)(bc)0,則|abc|的取值范圍是()A0,22 B0,2C 22,22 D22,2答案D解析在平面直角坐標(biāo)系中,由于|a|b|c|2,且ab0,設(shè)a(2,0),b(0,2),c(2cos,2sin),則(ac)(bc)(22cos,2sin)(2cos,22sin)44(sincos)0,即sincos1,結(jié)合三角函數(shù)的性質(zhì)知1sincos,所以|abc|,22,2,故選D.2(2018紹興質(zhì)檢)已知不共線的兩個(gè)非零向量a,b滿足|ab|2ab|,則()A|a|<2|b|B|a|>2|b|C|b|<|ab|D|b|>|ab|答案A解析設(shè)向量a,b的夾角為,則由|ab|2ab|,得(ab)2(2ab)2,即|a|22|a|b|cos|b|24|a|24|a|b|cos|b|2,化簡(jiǎn)得|a|2|b|cos.因?yàn)橄蛄縜,b不共線,所以cos(0,1),所以|a|<2|b|,故選A.3(2018浙江名校新高考研究聯(lián)盟聯(lián)考)已知向量a,b滿足|ab|4,|ab|3,則|a|b|的取值范圍是()A3,5B4,5C3,4D4,7答案B解析由題意知|a|b|max|ab|,|ab|4(當(dāng)a,b共線時(shí)等號(hào)成立),又(|a|b|)2|a|2|b|22|a|b|2(|a|2|b|2)|ab|2|ab|225(當(dāng)|a|b|時(shí)取等號(hào)),所以|a|b|5,故|a|b|的取值范圍是4,54(2014浙江)記maxx,yminx,y設(shè)a,b為平面向量,則()Amin|ab|,|ab|min|a|,|b|Bmin|ab|,|ab|min|a|,|b|Cmax|ab|2,|ab|2|a|2|b|2Dmax|ab|2,|ab|2|a|2|b|2答案D解析由于|ab|,|ab|與|a|,|b|的大小關(guān)系與夾角大小有關(guān),故A,B錯(cuò)當(dāng)a,b夾角為銳角時(shí),|ab|>|ab|,此時(shí),|ab|2>|a|2|b|2;當(dāng)a,b夾角為鈍角時(shí),|ab|<|ab|,此時(shí),|ab|2>|a|2|b|2;當(dāng)ab時(shí),|ab|2|ab|2|a|2|b|2,故選D.5(2018臺(tái)州市三區(qū)三校適應(yīng)性考試)已知a,b為單位向量,且ab,|ca|c2b|,則|c2a|cb|的最小值是()A5B.C.D.答案B解析在平面直角坐標(biāo)系xOy中,不妨令a(1,0),b(0,1),設(shè)c(x,y),則|ca|c2b|,易知C(x,y)的軌跡為線段2xy20(0x1),|c2a|cb|,所以問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求點(diǎn)(2,0),(0,1)與線段上點(diǎn)的距離之和的最小值,易知最小值為點(diǎn)(2,0)與點(diǎn)(0,1)之間的距離,為.6.如圖,在扇形OAB中,AOB,C為弧AB上與A,B不重合的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),且xy,若uxy(>0)存在最大值,則的取值范圍為()A(1,3) B.C.D.答案D解析設(shè)BOC,則AOC,因?yàn)閤y,所以即解得xcoscossin,ycossin,所以u(píng)sinsincossin(),其中tan,因?yàn)?<<,要使u存在最大值,只需滿足>,所以>,整理得>0,解得<<2,故選D.7設(shè)向量a(a1,a2),b(b1,b2),定義一種運(yùn)算:ab(a1,a2)(b1,b2)(a1b1,a2b2)已知向量m,n.點(diǎn)P在ycosx的圖象上運(yùn)動(dòng),點(diǎn)Q在yf(x)的圖象上運(yùn)動(dòng),且滿足mn(其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)),則yf(x)在區(qū)間上的最大值是()A4B2C2D2答案A解析設(shè)(x0,y0),(x,y),由題意可得y0cosx0,(x,y)mn(x0,y0),即xx0,y4y0,即x02x,y0y,所以ycos,即y4cos.因?yàn)辄c(diǎn)Q在yf(x)的圖象上運(yùn)動(dòng),所以f(x)4cos,當(dāng)x時(shí),02x,所以當(dāng)2x0時(shí),f(x)取得最大值4.8已知ABC的外心為O,a,b,c分別為內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊,且0,則a,b,c的關(guān)系為_(kāi),cosB的取值范圍為_(kāi)答案a22c23b2解析設(shè)AC邊上的中點(diǎn)為D,則ODAC,從而有()0b2,同理有c2,()b2c2,同理有c2a2,a2b2,由0,得a22c23b2.cosB(當(dāng)且僅當(dāng)ac時(shí)取等號(hào)),又cosB<1,cosB<1.9(2019溫州模擬)設(shè)向量a,b滿足|ab|2|ab|,|a|3,則|b|的最大值是_;最小值是_答案91解析由|ab|2|ab|兩邊平方,得a22abb24(a22abb2),化簡(jiǎn)得3a23b210ab10|a|b|,|b|210|b|90,解得1|b|9.10(2018紹興市上虞區(qū)質(zhì)檢)已知ABC的外接圓圓心為O,且A60,若(,R),則的最大值為_(kāi)答案解析記|c,|b,由,得則由平面向量的數(shù)量積的幾何意義,得故(12)(12),由基本不等式,有2()13132,當(dāng)且僅當(dāng)時(shí),等號(hào)成立,解得(2舍)11(2018浙江衢州二中模擬)已知a(cos,sin),b(sin,cos),且.若c滿足|cab|2,則的取值范圍是_答案2,2解析因?yàn)?ab)222(cossinsincos)22sin()3,即|ab|.又|c|ab|c(ab)|c|ab|,則解得2|c|2,故2,212在ABC中,已知CA2,CB6,ACB60,點(diǎn)O滿足(>0),mn,m,nR,且n,則|的取值范圍是_答案解析以C為坐標(biāo)原點(diǎn),CB所在直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系不妨假設(shè)A在x軸上方,則B(6,0),A(1,)由可得直線CO的方程為yx.設(shè)O,其中x>0.由mn,得mn,所以解得n.由n,可得x,所以|x.13如圖所示,已知點(diǎn)D為ABC的邊BC上一點(diǎn),3,En(nN*)為邊AC上的一系列點(diǎn),滿足an1(3an2),其中實(shí)數(shù)列an中,an0,a11,則數(shù)列an的通項(xiàng)公式為an_.答案23n11解析因?yàn)?,所以().設(shè)m,則由an1(3an2),得0,即man1,m(3an2),所以an1(3an2),所以an113(an1)因?yàn)閍112,所以數(shù)列an1是以2為首項(xiàng),3為公比的等比數(shù)列,所以an123n1,所以an23n11.14(2018浙江重點(diǎn)中學(xué)考試)已知在ABC中,ACAB,AB3,AC4.若點(diǎn)P在ABC的內(nèi)切圓上運(yùn)動(dòng),則()的最小值為_(kāi)答案2解析因?yàn)锳CAB,所以以A為坐標(biāo)原點(diǎn),以AB,AC所在的直線分別為x軸,y軸,建立平面直角坐標(biāo)系(圖略),則A(0,0),B(3,0),C(0,4)由題意可知ABC內(nèi)切圓的圓心為D(1,1),半徑為1.因?yàn)辄c(diǎn)P在ABC的內(nèi)切圓上運(yùn)動(dòng),所以可設(shè)P(1cos,1sin)(02)所以(1cos,1sin),(12cos,22sin),所以()(1cos)(12cos)(1sin)(22sin)1cos2cos222sin21cos112,當(dāng)cos1,即P(0,1)時(shí),()取到最小值,且最小值為2.15(2018浙江杭州二中考試)如圖,在邊長(zhǎng)為1的正方形ABCD中,E為AB的中點(diǎn),P為以A為圓心,AB為半徑的圓弧(在正方形內(nèi),包括邊界點(diǎn))上的任意一點(diǎn),則的取值范圍是_若向量,則的最小值為_(kāi)答案0,1解析以點(diǎn)A為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以AB,AD所在的直線為x軸,y軸建立平面直角坐標(biāo)系,則易得A(0,0),B(1,0),C(1,1),D(0,1),E,P(cos,sin),則(cos,sin)(cos1,sin)cos2cossin21cos,又因?yàn)?,所以1cos0,1由,得(1,1)(cos,sin),所以解得則,當(dāng)時(shí),5,當(dāng)時(shí),設(shè)f(x)(x0),則f(x)>0(x0),所以函數(shù)f(x)在0,)上單調(diào)遞增;則當(dāng)tan0時(shí),取得最小值.綜上所述,的最小值為.16已知非零向量a,b,c滿足|a|b|2ab1,且ac和bc的夾角為,則(ac)(bc)的最小值是_答案解析由題可知,單位向量a和b的夾角為,又ac和bc的夾角為,所以點(diǎn)C的軌跡是以O(shè)為圓心,1為半徑的圓的劣弧和劣弧關(guān)于直線AB對(duì)稱的弧,即過(guò)點(diǎn)A,O,B的弧(如圖)以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn),垂直于AB的直線為x軸(向右為正方向),建立平面直角坐標(biāo)系(圖略),則A,B.當(dāng)點(diǎn)C在劣弧上時(shí),設(shè)C(cos,sin),則有ac,bc,所以(ac)(bc)cos.當(dāng)點(diǎn)C在過(guò)點(diǎn)A,O,B的弧上時(shí),設(shè)C(1cos,sin),則有ac,bc,所以(ac)(bc)3cos,當(dāng)且僅當(dāng)時(shí),取最小值.故(ac)(bc)的最小值為.

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本文((浙江專用)2020版高考數(shù)學(xué)新增分大一輪復(fù)習(xí) 第六章 平面向量、復(fù)數(shù) 6.4 平面向量的應(yīng)用(第2課時(shí))平面向量的綜合應(yīng)用講義(含解析).docx)為本站會(huì)員(xt****7)主動(dòng)上傳,裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。 若此文所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請(qǐng)立即通知裝配圖網(wǎng)(點(diǎn)擊聯(lián)系客服),我們立即給予刪除!

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