山東省2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢九 磁場 新人教版.docx

單元質(zhì)檢九磁場(時間:45分鐘滿分:100分)一、選擇題(本題共8小題,每小題8分,共64分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,第15題只有一項(xiàng)符合題目要求,第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得8分,選對但不全的得4分,有選錯的得0分)1.(2018黑龍江大慶模擬)在地磁場作用下處于靜止的小磁針上方,平行于小磁針?biāo)椒胖靡恢睂?dǎo)線,當(dāng)該導(dǎo)線中通有電流時,小磁針會發(fā)生偏轉(zhuǎn);當(dāng)通過該導(dǎo)線電流為I時,小磁針左偏30,則當(dāng)小磁針左偏60時,通過導(dǎo)線的電流為(已知直導(dǎo)線在某點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與通過直導(dǎo)線的電流成正比)()A.2IB.3IC.3ID.無法確定答案B解析設(shè)地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B地,當(dāng)通過電流為I,根據(jù)題意可知:地磁場、電流形成磁場、合磁場之間的關(guān)系為:當(dāng)夾角為30時,有:B1=kI=B地tan30;當(dāng)夾角為60時,有:B2=kI1=B地tan60聯(lián)立兩式解得:I1=3I,故A、C、D錯誤,B正確。故選B。2.(2018江西南昌模擬)如圖所示,在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極B,沿邊緣內(nèi)壁放一個圓環(huán)形電極A,把A、B分別與電源的兩極相連,然后在玻璃皿中放入導(dǎo)電液體,現(xiàn)把玻璃皿放在如圖所示的磁場中,液體就會旋轉(zhuǎn)起來。若從上向下看,下列判斷正確的是()A.A接電源正極,B接電源負(fù)極,液體順時針旋轉(zhuǎn)B.A接電源負(fù)極,B接電源正極,液體順時針旋轉(zhuǎn)C.A、B與50 Hz的交流電源相接,液體持續(xù)旋轉(zhuǎn)D.僅磁場的N、S極互換后,重做該實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)液體旋轉(zhuǎn)方向不變答案A解析若A接電源正極,B接電源負(fù)極,在電源外部電流由正極流向負(fù)極,因此電流由邊緣流向中心,玻璃皿所在處的磁場豎直向下,由左手定則可知,導(dǎo)電液體受到的磁場力沿順時針方向,因此液體沿順時針方向旋轉(zhuǎn),故A正確;同理,若A接電源負(fù)極,B接電源正極,根據(jù)左手定則可知,液體沿逆時針方向旋轉(zhuǎn),故B錯誤;A、B與50Hz的交流電源相接,液體不會持續(xù)旋轉(zhuǎn),故C錯誤;若磁場的N、S極互換后,重做該實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)液體旋轉(zhuǎn)方向變化,故D錯誤。3.如圖所示,用天平測量勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度,下列各選項(xiàng)所示的載流線圈匝數(shù)相同,邊長MN相等,將它們分別掛在天平的右臂下方,線圈中通有大小相同的電流,天平處于平衡狀態(tài),若磁場發(fā)生微小變化,天平最容易失去平衡的是()答案A解析天平原本處于平衡狀態(tài),所以由于線框平面與磁場強(qiáng)度垂直,且線框不全在磁場區(qū)域內(nèi),所以線框與磁場區(qū)域的交點(diǎn)的長度等于線框在磁場中的有效長度,由圖可知,A圖的有效長度最長,磁場強(qiáng)度B和電流大小I相等,所以A所受的安培力最大,則A圖最容易使天平失去平衡。故選A。4.(2018湖南常德期末)在絕緣圓柱體上a、b兩個位置固定有兩個金屬圓環(huán),當(dāng)兩環(huán)通有圖示電流時,b處金屬圓環(huán)受到的安培力為F1;若將b處金屬圓環(huán)移動位置c,則通有電流為I2的金屬圓環(huán)受到的安培力為F2。今保持b處于金屬圓環(huán)原來位置不變,在位置c再放置一個同樣的金屬圓環(huán),并通有與a處金屬圓環(huán)同向、大小為I2的電流,則在a位置的金屬圓環(huán)受到的安培力()A.大小為|F1-F2|,方向向左B.大小為|F1-F2|,方向向右C.大小為|F1+F2|,方向向左D.大小為|F1+F2|,方向向右答案A解析當(dāng)金屬圈在b處時,兩個的圓形線圈的電流的環(huán)繞方向相反,所以兩個線圈之間存在排斥力,這一對引力是作用力與反作用力,大小相等,方向相反,所以b處對a的力為F1,同理,當(dāng)金屬圈在c位置時,對a的力為F2;當(dāng)保持b處金屬圈位置不變,在位置c再放置一個同樣的金屬圓環(huán),并通有與a處金屬圓環(huán)同向、大小為I2的電流,b處對a處金屬圈的力為F1方向向左,此時c處對a的力與之前相反,方向向右,大小為F2,即在a位置的金屬圓環(huán)受到的安培力為|F1-F2|,方向向左。故A正確。5.(2018廣東深圳調(diào)研)如圖所示,直線MN左側(cè)空間存在范圍足夠大,方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,在磁場中P點(diǎn)有一個粒子源,可在紙面內(nèi)各個方向射出質(zhì)量為m,電荷量為q的帶正電粒子(重力不計),已知POM=60,PO間距為L,粒子速率均為3qBL2m,則粒子在磁場中運(yùn)動的最短時間為()A.m2qBB.m3qBC.m4qBD.m6qB答案B解析粒子在磁場中做圓周運(yùn)動,洛倫茲力作向心力,則有:Bvq=mv2R,解得:R=mvBq=mBq3BqL2m=32L;粒子做圓周運(yùn)動的周期為:T=2Rv=3L3BqL2m=2mBq;因?yàn)榱Ｗ幼鰣A周運(yùn)動的半徑、周期相同,那么,粒子轉(zhuǎn)過的中心角越小,則其弦長越小,運(yùn)動時間越短;所以,過P點(diǎn)做OM的垂線,可知,粒子運(yùn)動軌跡的弦長最小為:Lsin60=32L=R,故最短弦長對應(yīng)的中心角為60,所以,粒子在磁場中運(yùn)動的最短時間為:tmin=16T=m3Bq,故ACD錯誤,B正確;故選B。6.(2018云南文山調(diào)研)如圖所示,磁流體發(fā)電機(jī)的長方體發(fā)電導(dǎo)管的前后兩個側(cè)面是絕緣體,上下兩個側(cè)面是電阻可忽略的導(dǎo)電電極,兩極間距為d,極板長和寬分別為a和b,這兩個電極與可變電阻R相連。在垂直前后側(cè)面的方向上有一勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。發(fā)電導(dǎo)管內(nèi)有電阻率為的高溫電離氣體等離子體,等離子體以速度v向右流動,并通過專用通道導(dǎo)出。不計等離子體流動時的阻力,調(diào)節(jié)可變電阻的阻值,則()A.運(yùn)動的等離子體產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BavB.可變電阻R中的感應(yīng)電流方向是從Q到PC.若可變電阻的阻值為R=dab,則其中的電流為I=Bvab2D.若可變電阻的阻值為R=dab,則可變電阻消耗的電功率為P=B2v2dab4答案CD解析根據(jù)左手定則,等離子體中的帶正電粒子受到的洛倫茲力向上,帶正電粒子累積在上極板,可變電阻R中電流方向從P到Q,B錯誤;當(dāng)帶電粒子受到的電場力與洛倫茲力平衡時,兩極板間電壓穩(wěn)定,設(shè)產(chǎn)生的電動勢為E,則有qvB=qEd,E=Bdv,A錯誤;發(fā)電導(dǎo)管內(nèi)等離子體的電阻r=dab,若可變電阻的阻值為R=dab,由閉合電路歐姆定律有I=ER+r=Bvab2,可變電阻消耗的電功率P=I2R=B2v2dab4,C、D正確。7.(2018安徽馬鞍山二質(zhì)監(jiān))如圖所示,絕緣圓筒內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,兩帶異種電荷的帶電微粒分別從小孔P以等大速率射向圓心O,微粒與筒壁的碰撞是彈性碰撞,最終兩微粒都從小孔P射出磁場,正、負(fù)電荷與筒壁分別碰撞了3次和2次(不考慮微粒的重力)。則正、負(fù)微粒()A.與筒壁的碰撞都是垂直碰撞B.在磁場中運(yùn)動軌跡的半徑之比是31C.在磁場中運(yùn)動時間之比是23D.比荷之比為32答案AC解析由題意可知,分別作出正、負(fù)電荷的運(yùn)動軌跡,如圖設(shè)磁場圓的半徑為r,正電荷的軌跡半徑為r1,負(fù)電荷的軌跡半徑為r2,由圖可知,正電荷偏轉(zhuǎn)一次的圓心角為90,負(fù)電荷偏轉(zhuǎn)一次的圓心角為60,根據(jù)幾何關(guān)系得:r1=rtan45=r,r2=rtan60=3r,故r1r2=13,周期T1=2r1v=2rv,周期T2=2r2v=23rv,則正電荷運(yùn)動的時間為t1=T1=2rv,負(fù)電荷運(yùn)動的時間為t2=16T23=162r2v3=3rv,故t1t2=23,根據(jù)T=2mqB,得qm=2TB,則有:q1m1q2m2=2T1B2T2B=T2T1=31,因?yàn)榱Ｗ觿傞_始要從P點(diǎn)水平進(jìn)入,最后又要從P點(diǎn)水平射出,故粒子每次碰撞都是垂直的,才能達(dá)到要求,故AC正確,BD錯誤,故選AC。8.(2018河南周口期末)如圖所示,平行紙面向下的勻強(qiáng)電場與垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場相互正交,一帶電小球剛好能在其中做豎直面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動。若已知小球做圓周運(yùn)動的半徑為r,電場強(qiáng)度大小為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,重力加速度大小為g,則下列判斷中正確的是()A.小球一定帶負(fù)電荷B.小球一定沿順時針方向轉(zhuǎn)動C.小球做圓周運(yùn)動的線速度大小為gBrED.小球在做圓周運(yùn)動的過程中,電場力始終不做功答案AC解析帶電小球在重力場、勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動,可知,帶電小球受到的重力和電場力是一對平衡力,重力豎直向下,所以電場力豎直向上,與電場方向相反,故小球一定帶負(fù)電荷,故A正確;磁場方向向外,洛倫茲力的方向始終指向圓心,由左手定則可判斷小球的旋轉(zhuǎn)方向?yàn)槟鏁r針(四指所指的方向與帶負(fù)電的粒子的運(yùn)動方向相反),故B錯誤;由電場力和重力大小相等,得:mg=qE,帶電小球在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動的半徑為:r=mvqB,聯(lián)立得:v=gBrE,故C正確;小球在做圓周運(yùn)動的過程中,電場力要做功,洛倫茲力始終不做功,故D錯誤;故選AC。二、計算題(本題共3小題,共36分)9.(10分)(2018天津期末)如圖甲所示,固定的兩光滑導(dǎo)體圓環(huán)相距1 m。在兩圓環(huán)上放一導(dǎo)體棒,圓環(huán)通過導(dǎo)線與電源相連,電源的電動勢為3 V,內(nèi)阻為0.2 。導(dǎo)體棒質(zhì)量為60 g,接入電路的電阻為1.3 ,圓環(huán)電阻不計,勻強(qiáng)磁場豎直向上。開關(guān)S閉合后,棒可以靜止在圓環(huán)上某位置,該位置對應(yīng)的半徑與水平方向的夾角為=37,如圖乙所示,(g取10 m/s2)求:(1)棒靜止時受到的安培力的大小;(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。答案(1)0.8 N(2)0.4 T解析(1)對導(dǎo)體棒進(jìn)行受力分析,如圖所示有mgF=tan解得F=0.8N(2)由閉合電路歐姆定律,得I=ER+r解得I=2A由安培力的公式,得F=BIL解得B=0.4T10.(10分)(2018廣西賀州二模)如圖,相鄰兩個勻強(qiáng)磁場區(qū)域和,設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B1、B2,已知:磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反且垂直紙面;兩個區(qū)域的寬度都為d;質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子由靜止開始經(jīng)電壓恒為U的電場加速后,垂直于區(qū)域的邊界線MN,從A點(diǎn)進(jìn)入并穿越區(qū)域時速度方向與邊界線xy成60角進(jìn)入?yún)^(qū)域,最后恰好不能從邊界線PQ穿出區(qū)域,不計粒子重力。求:(1)B1的大小;(2)B1與B2的比值。答案 (1)B1的大小是12qd2mqU;(2)B1與B2的比值是13。解析(1)設(shè)粒子經(jīng)U加速后獲得的速度為v,根據(jù)動能定理有:qU=12mv2在區(qū)域的磁場中偏轉(zhuǎn),有:qB1v=mv2R1粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,恰好不從上邊界穿出,粒子與PQ相切,畫出軌跡如圖。由幾何關(guān)系得R1=dsin30=2d聯(lián)立得B1=12qd2mqU(2)兩區(qū)域磁場方向相反(如垂直紙面向外,垂直紙面向里),則粒子的運(yùn)動軌跡如圖線ACD,帶電粒子在區(qū)域的磁場中偏轉(zhuǎn),由洛倫茲力提供向心力,由:qB2v=mv2R2由幾何關(guān)系有:R2sin30+R2=d聯(lián)立得:B1B2=1311.(16分)(2018江西五市八校聯(lián)考)如圖甲所示,直角坐標(biāo)系xOy中,第二象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場,第一、四象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)交變磁場,磁場方向垂直紙面向外為正方向。第三象限內(nèi)有一發(fā)射裝置(沒有畫出)沿y軸正方向射出一個比荷qm=100 C/kg的帶正電的粒子(可視為質(zhì)點(diǎn)且不計重力),該粒子以v0=20 m/s的速度從x軸上的點(diǎn)A(-2m,0)進(jìn)入第二象限,從y軸上的點(diǎn)C(0,4m)進(jìn)入第一象限。取粒子剛進(jìn)入第一象限的時刻為0時刻,第一、四象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙所示規(guī)律變化,g取10 m/s2。(1)求第二象限內(nèi)電場的電場強(qiáng)度大小;(2)求粒子第一次經(jīng)過x軸時的位置坐標(biāo)。答案(1)E=1.0 N/C(2)(3 m,0)解析(1)帶電粒子在第二象限的電場中只受電場力,且電場力方向與初速度方向垂直,所以,粒子做類平拋運(yùn)動;粒子從A點(diǎn)到C點(diǎn)用時t=OCv0=420s=15s;粒子在水平方向上有a=qEm,所以,OA=12at2,則有E=mqa=mq2OAt2=22100(15)2N/C=1N/C;(2)粒子進(jìn)入磁場時的速度為v,則其豎直分量vy=v0=20m/s,水平分量vx=at=qEmt=20m/s;所以,v=vx2+vy2=202m/s,v與y軸正方向的夾角為45;在洛倫茲力作向心力的作用下,Bvq=mv2R,粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑R=mvBq=2021000.4m=22m;粒子做圓周運(yùn)動的周期T=2Rv=20s,所以,粒子每運(yùn)動半個圓周則偏轉(zhuǎn)方向相反,則粒子在磁場中的運(yùn)動如圖所示,因?yàn)?2=8R,所以粒子運(yùn)動第四個半圓的過程中第一次經(jīng)過x軸,由等腰三角形性質(zhì)可知,粒子第一、二次經(jīng)過x軸,在x軸上對應(yīng)的弦長為2R=1m,所以O(shè)D=3m,則粒子第一次經(jīng)過x軸時的位置坐標(biāo)為(3m,0)。