2019版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 第2講 牛頓第二定律練習(xí) 魯科版.doc

第2講 牛頓第二定律課時(shí)作業(yè)單獨(dú)成冊(cè)方便使用 基礎(chǔ)題組一、單項(xiàng)選擇題1在國(guó)際單位制(簡(jiǎn)稱SI)中，力學(xué)和電學(xué)的基本單位有：m(米)、kg(千克)、s(秒)、A(安培)導(dǎo)出單位V(伏特)用上述基本單位可表示為()Am2kgs4A1Bm2kgs3A1Cm2kgs2A1 Dm2kgs1A1解析：根據(jù)PUI、PFv、Fma可導(dǎo)出U，即Vm2kgs3A1，B項(xiàng)正確答案：B2由牛頓第二定律可知()A物體運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生改變，可斷定物體所受合外力的方向也發(fā)生改變B只要物體受到力的作用，物體就有加速度C當(dāng)物體質(zhì)量改變但其所受合力的水平分力不變時(shí)，物體水平加速度大小與其質(zhì)量成反比D物體的質(zhì)量對(duì)加速度的產(chǎn)生起反抗作用，所以質(zhì)量是一種阻力解析：物體運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生改變，其合外力方向可能不變，如平拋運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)；若物體所受到的力的合力為零，則物體沒有加速度，B錯(cuò)；根據(jù)牛頓第二定律的獨(dú)立性可知，C對(duì)；質(zhì)量是物體的屬性，不是力，D錯(cuò)答案：C3.如圖所示，兩根長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)1和L2的光滑桿AB和BC在B點(diǎn)垂直焊接，當(dāng)按圖示方式固定在豎直平面內(nèi)時(shí)，將一滑環(huán)從B點(diǎn)由靜止釋放，分別沿BA和BC滑到桿的底端經(jīng)歷的時(shí)間相同，則這段時(shí)間為()A. B.C. D.解析：設(shè)BA和BC傾角分別為和，根據(jù)牛頓第二定律得：滑環(huán)沿BA下滑的加速度為a1gsin 沿BC下滑的加速度為a2gsin 設(shè)下滑時(shí)間為t，由題有：L1a1t2L2a2t2由幾何知識(shí)有：sin cos 聯(lián)立以上各式解得t，故選C.答案：C4乘坐“空中纜車”飽覽大自然的美景是旅游者絕妙的選擇若某一纜車沿著坡度為30的山坡以加速度a上行，如圖所示在纜車中放一個(gè)與山坡表面平行的斜面，斜面上放一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊，小物塊相對(duì)斜面靜止(設(shè)纜車保持豎直狀態(tài)運(yùn)行)，則()A小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向上B小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向下C小物塊受到的滑動(dòng)摩擦力為mgmaD小物塊受到的靜摩擦力為ma解析：小物塊相對(duì)斜面靜止，因此小物塊與斜面間的摩擦力是靜摩擦力纜車以加速度a上行，小物塊的加速度也為a，以物塊為研究對(duì)象，則有fmgsin 30ma，fmgma，f為靜摩擦，方向平行斜面向上，故A正確，B、C、D均錯(cuò)誤答案：A5(2018湖南衡陽(yáng)聯(lián)考)質(zhì)量不等的兩木塊A、B，用跨過一輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，在圖示情況下，木塊A、B一起做勻速運(yùn)動(dòng)若木塊A、B的位置互相交換，則木塊A運(yùn)動(dòng)的加速度為(木塊A、B與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，且<1，重力加速度為g，空氣阻力、滑輪摩擦均不計(jì))()A(1)g B(12)gC.g D與木塊A、B的質(zhì)量有關(guān)解析：A、B勻速運(yùn)動(dòng)過程，有mAgmBgA、B互相交換后，有mBgmAg(mAmB)a解得a(1)g故選A.答案：A二、多項(xiàng)選擇題6.如圖是汽車運(yùn)送圓柱形工件的示意圖圖中P、Q、N是固定在車體上的壓力傳感器，假設(shè)圓柱形工件表面光滑，汽車靜止不動(dòng)時(shí)Q傳感器示數(shù)為零，P、N傳感器示數(shù)不為零當(dāng)汽車向左勻加速啟動(dòng)過程中，P傳感器示數(shù)為零而Q、N傳感器示數(shù)不為零已知sin 150.26，cos 150.97，tan 150.27，g取10 m/s2，則汽車向左勻加速啟動(dòng)的加速度可能為()A4 m/s2 B3 m/s2C2 m/s2 D1 m/s2解析：設(shè)圓柱形工件的質(zhì)量為m，對(duì)圓柱形工件受力分析如圖所示，根據(jù)題意，有FQmgNcos 15，F(xiàn)合Nsin 15ma，聯(lián)立解得atan 150.272.7m/s22.7 m/s2.故選項(xiàng)A、B正確答案：AB7.(2018四川綿陽(yáng)高三月考)如圖所示，質(zhì)量分別為mA、mB的A、B兩物塊用輕繩連接放在傾角為的斜面上，用始終平行于斜面向上的拉力F拉A，使它們沿斜面勻加速上升，A、B與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為.為了增加輕繩上的張力，可行的辦法是()A減小A物塊的質(zhì)量 B增大B物塊的質(zhì)量C增大傾角 D增大動(dòng)摩擦因數(shù)解析：對(duì)整體：F(mAmB)gsin (mAmB)gcos (mAmB)a得agsin gcos 對(duì)B：TmBgsin mBgcos mBa則輕線上的張力TmBgsin mBgcos mBa則要增加T，可減小A物塊的質(zhì)量，或增大B物塊的質(zhì)量，選項(xiàng)A、B正確答案：AB8.(2018湖北黃石高三質(zhì)檢)如圖所示，輕彈簧兩端拴接質(zhì)量均為m的小球a、b，拴接小球的細(xì)線固定在天花板上，兩小球靜止，兩細(xì)線與水平方向的夾角30，彈簧水平，重力加速度為g，則以下說法中正確的是()A細(xì)線拉力的大小為mgB彈簧彈力的大小為mgC剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，小球a的加速度為2gD剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，小球b的加速度為零解析：對(duì)小球a分析，由共點(diǎn)力平衡條件得，彈簧的彈力Fmg，細(xì)線的拉力為2mg，故A、B錯(cuò)誤；剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，小球a所受的合力F合2mg，根據(jù)牛頓第二定律得，a2g，小球b受力不變，合力仍然為零，所以加速度為零，故C、D正確答案：CD能力題組一、選擇題9如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為，圖甲中，A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質(zhì)桿相連，系統(tǒng)靜止時(shí)，擋板C與斜面垂直，輕彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有()A兩圖中兩球加速度均為gsin B兩圖中A球的加速度均為零C圖乙中輕桿的作用力一定不為零D圖甲中B球的加速度是圖乙中B球加速度的2倍解析：撤去擋板前，擋板對(duì)B球的彈力大小為2mgsin ，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會(huì)突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsin ，加速度為2gsin ；圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱悖珹、B球所受合力均為mgsin ，加速度均為gsin ，可知只有D正確答案：D10(2018貴州六盤水模擬)在很多旅游景點(diǎn)都建有山坡滑道，如圖甲是某景點(diǎn)的山坡滑道圖片，為了研究滑行者在滑道斜坡AE部分的滑行情況，技術(shù)人員通過測(cè)量繪制出如圖乙所示的示意圖AC是滑道的豎直高度，D點(diǎn)是AC豎直線上的一點(diǎn)，且有ADDE10 m，滑道AE可視為光滑，A30.滑行者從坡頂A點(diǎn)由靜止開始沿滑道AE向下做直線滑動(dòng)，g取10 m/s2，則()A滑道AE的長(zhǎng)度為10 mB滑行者在滑道AE上滑行的加速度a5 m/s2C滑行者在滑道AE上滑行的時(shí)間為2 sD滑行者滑到E點(diǎn)時(shí)的速度為10 m/s解析：由圖中幾何關(guān)系可知，AE2ADcos 30210 m10 m，A錯(cuò)誤；由幾何知識(shí)知滑道AE與水平面的夾角為60，由mgsin 60ma可得滑行者在滑道AE上滑行的加速度agsin 605 m/s2，B錯(cuò)誤；由AEat2，解得t2 s，C正確；由v22aAE，解得v10 m/s，D錯(cuò)誤答案：C11.(多選)如圖所示，一傾角37的足夠長(zhǎng)斜面固定在水平地面上當(dāng)t0時(shí)，滑塊以初速度v010 m/s沿斜面向上運(yùn)動(dòng)已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，下列說法正確的是()A滑塊一直做勻變速直線運(yùn)動(dòng)Bt1 s時(shí)，滑塊速度減為零，然后在斜面上向下運(yùn)動(dòng)Ct2 s時(shí)，滑塊恰好又回到出發(fā)點(diǎn)Dt3 s時(shí)，滑塊的速度大小為4 m/s解析：設(shè)滑塊上滑時(shí)的加速度大小為a1，由牛頓第二定律可得mgsin mgcos ma1，解得a110 m/s2，上滑時(shí)間t11 s，上滑的距離x1v0t15 m，因tan ，mgsin mgcos ，滑塊上滑到速度為零后，向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；設(shè)滑塊下滑時(shí)的加速度大小為a2，由牛頓第二定律可得mgsin mgcos ma2，解得a22 m/s2，經(jīng)1 s，滑塊下滑的距離x2a2t1 m5 m，滑塊未回到出發(fā)點(diǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因上滑和下滑過程中的加速度不同，故滑塊全程不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；t3 s時(shí)，滑塊沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的位移x3a2t222 m4 m5 m，滑塊未回到出發(fā)點(diǎn)，此時(shí)的速度va2(3 s1 s)4 m/s，選項(xiàng)D正確答案：BD二、非選擇題12(2018浙江金華十校調(diào)研)在游樂場(chǎng)中，有一種大型游戲裝置叫“跳樓機(jī)”，參加游戲的游客被安全帶固定在座椅上，由電動(dòng)機(jī)將座椅沿光滑的豎直軌道提升到離地面40 m高處，然后由靜止釋放為研究方便，可以認(rèn)為座椅沿軌道做自由落體運(yùn)動(dòng)1.2 s后，開始受到恒定阻力而立即做勻減速運(yùn)動(dòng)，且下落到離地面4 m高處時(shí)速度剛好減小到零然后再讓座椅以相當(dāng)緩慢的速度穩(wěn)穩(wěn)下落，將游客送回地面(g取10 m/s2)求：(1)座椅在自由下落結(jié)束時(shí)刻的速度為多大？(2)座椅在勻減速運(yùn)動(dòng)階段的時(shí)間為多少？(3)在勻減速運(yùn)動(dòng)階段，座椅對(duì)游客的作用力大小是游客體重的多少倍？解析： (1)設(shè)座椅在自由下落結(jié)束時(shí)刻的速度為v，下落時(shí)間t11.2 s，由vgt1得v12 m/s.(2)設(shè)座椅自由下落和勻減速運(yùn)動(dòng)的總高度為h，總時(shí)間為t，h(404)m36 m，由ht得t6 s，設(shè)座椅勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，則t2tt14.8 s.(3)設(shè)座椅在勻減速階段的加速度大小為a，座椅對(duì)游客的作用力大小為F，根據(jù)vat2可得a2.5 m/s2，由牛頓第二定律Fmgma可得1.25.答案：(1)12 m/s(2)4.8 s(3)1.2513.如圖所示，一物體以v02 m/s的初速度從粗糙斜面頂端下滑到底端用時(shí)t1 s已知斜面長(zhǎng)度L1.5 m，斜面的傾角30，重力加速度取g10 m/s2.求：(1)物體滑到斜面底端時(shí)的速度大??；(2)物體沿斜面下滑的加速度大小和方向；(3)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)解析：(1)設(shè)物體滑到斜面底端時(shí)速度為vt，則有Lt，代入數(shù)據(jù)解得vt1 m/s.(2)因vtv0，物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿斜面向上，加速度的大小為a1 m/s2.(3)物體沿斜面下滑時(shí)，受力分析如圖所示由牛頓第二定律得fmgsin ma又Nmgcos fN聯(lián)立解得，代入數(shù)據(jù)解得.答案：(1)1 m/s(2)1 m/s2方向沿斜面向上(3)