2019-2020年高考《考試大綱》調(diào)研卷理科數(shù)學(xué)（第五模擬）試卷含解析.doc

2019-2020年高考考試大綱調(diào)研卷理科數(shù)學(xué)（第五模擬）試卷含解析一、填空題：共14題1已知復(fù)數(shù)z=(i為虛數(shù)單位),則復(fù)數(shù)z的模為.【答案】【解析】本題主要考查復(fù)數(shù)的相關(guān)概念及運算.求解時,先求得復(fù)數(shù)z,再確定其模或根據(jù)復(fù)數(shù)的模的性質(zhì)直接求解.通解z=-+i,所以|z|=.優(yōu)解因為z=,所以|z|=|=. 2某校對全校1800名學(xué)生進行體能測試,按50,60),60,70),70,80),80,90),90,100統(tǒng)計得到全校學(xué)生體能測試成績(單位:分)的頻率分布直方圖(如圖),若要用分層抽樣的方法抽出100人進行詳細調(diào)查,則抽出的學(xué)生的體能測試成績在80分以上(包含80分)的有_人.【答案】30【解析】本題主要考查統(tǒng)計中的頻率分布直方圖、分層抽樣等知識,考查考生運用所學(xué)知識解決相關(guān)問題的能力.求解時,先由頻率分布直方圖求出全校學(xué)生體能測試成績在80分以上的人數(shù),再利用分層抽樣的方法求出抽出的學(xué)生的體能測試成績在80分以上的人數(shù).由題意得,成績在80分以上的頻率為(0.022+0.008)10=0.3,所以成績在80分以上的學(xué)生人數(shù)為0.31 800=540.又用分層抽樣的方法抽出100人,所以抽出的學(xué)生的體能測試成績在80分以上的人數(shù)為540=30. 3設(shè)集合A滿足aAa,b,c,d,則滿足條件的集合A的個數(shù)為.【答案】7【解析】本題主要考查集合的相關(guān)概念,意在考查考生對子集、真子集的理解.求解本題時,先由條件確定集合A中可能包含的元素,再求出集合A的個數(shù).根據(jù)子集的定義,可得集合A中必定含有a元素,而且含有a,b,c,d中的至多三個元素.因此,滿足條件aAa,b,c,d的集合A有:a,a,b,a,c,a,d,a,b,c,a,c,d,a,b,d,共7個. 4一袋中裝有10個大小、形狀完全相同的黑球、紅球和白球,其中有3個黑球,若從中隨機摸出1個球,摸出紅球的概率為0.2,則摸出白球的概率為.【答案】0.5【解析】本題主要考查概率的求解等知識,意在考查考生的閱讀理解能力及計算能力.求解本題時,先確定袋中白球的個數(shù),再求得摸出白球的概率,或利用對立事件的概率計算公式求解.通解設(shè)袋中紅球的個數(shù)為x,則=0.2,所以x=2.又黑球共有3個,所以白球有5個,所以摸出白球的概率P=0.5.優(yōu)解由題意得,隨機摸出1個球,摸出黑球的概率為0.3.由對立事件的概率計算公式可得,摸出白球的概率為1-(0.2+0.3)=0.5. 5已知邊長為1的正方形ABCD,=2+, 則|=.【答案】【解析】本題主要考查平面向量的線性運算、數(shù)量積、模等知識,意在考查考生的運算求解能力.求解本題的思路有兩種:通解先求,再求|;優(yōu)解利用數(shù)形結(jié)合,先作出向量,再利用幾何意義求得|.通解由題意得,=4+4.又四邊形ABCD是邊長為1的正方形,所以,所以=0.又|=,|=,所以=42+2=10,所以|=.優(yōu)解由題意作出=2+,如圖所示,則|為邊長分別為,2的矩形CFME的對角線的長,所以|=. 6已知雙曲線C:-y2=1與直線l:x+ky+4=0,若直線l與雙曲線C的一條漸近線平行,則雙曲線C的右焦點到直線l的距離是.【答案】3【解析】本題主要考查雙曲線的幾何性質(zhì)、直線平行的充要條件、點到直線的距離公式等相關(guān)知識,意在考查考生的運算求解能力.求解本題的思路就是先確定雙曲線C的右焦點及k的值,再利用點到直線的距離公式求之.由題意得,雙曲線C:-y2=1的右焦點F(2,0),其漸近線方程為y=x.又直線l:x+ky+4=0與雙曲線C的一條漸近線平行,所以k=,所以直線l的方程為xy+4=0,所以雙曲線C的右焦點到直線l的距離d=3. 7執(zhí)行如圖所示的算法流程圖,則輸出的k的值是.【答案】81【解析】本題主要考查算法流程圖、等比數(shù)列的前n項和等知識,意在考查考生的閱讀理解能力及運算能力.求解本題的關(guān)鍵是正確理解循環(huán)語句.由題意得,算法流程圖的功能是求和,即S=1+3+32+33+3n.因為S=1+3+32+33+34=121,S<121不成立,所以輸出的k的值是81. 8已知高與底面半徑相等的圓錐的體積為,其側(cè)面積與高為2的圓柱OO1的側(cè)面積相等,則圓柱OO1的體積為.【答案】2【解析】本題主要考查簡單幾何體及其特征、幾何體的側(cè)面積及體積的計算等知識,意在考查考生的空間想象能力與計算能力.求解本題的思路就是先求得圓錐的底面半徑,再由題意求出圓柱OO1的底面半徑,最后求得圓柱OO1的體積.設(shè)圓錐的底面半徑為r,圓柱OO1的底面半徑為R,因為高與底面半徑相等的圓錐的體積為,所以r2r=,所以r=2.又圓錐的側(cè)面積與高為2的圓柱OO1的側(cè)面積相等,所以rr=2R2,所以R=1,所以圓柱OO1的體積為R22=2. 9已知數(shù)列an是等差數(shù)列,且an>0,若a1+a2+a100=500,則a50a51的最大值為.【答案】25【解析】本題主要考查等差數(shù)列的性質(zhì)、通項公式、前n項和及基本不等式等知識,意在考查考生的轉(zhuǎn)化與化歸能力及運算能力.求解本題的思路:通解利用等差數(shù)列的基本量將a50a51化為關(guān)于公差d的二次函數(shù),求解即可;優(yōu)解先利用等差數(shù)列的性質(zhì)求得a50+a51,再利用基本不等式求得a50a51的最大值.通解設(shè)等差數(shù)列an的公差為d(d0),由題意得,100a1+4 950d=500,所以a1=5-49.5d,所以a50a51=(a1+49d)(a1+50d)=(5-0.5d)(5+0.5d)=-0.25d2+25.又d0,所以當(dāng)d=0時,a50a51有最大值25.優(yōu)解由等差數(shù)列的性質(zhì)知,項數(shù)和相等,則項的和也相等.所以50(a50+a51)=500,即a50+a51=10,所以由基本不等式得a50a51()2=25,當(dāng)且僅當(dāng)a50=a51時取等號,所以a50a51有最大值25. 10若函數(shù)f(x)=在(-,+)上單調(diào),則實數(shù)a的取值范圍是.【答案】(-1,0【解析】本題主要考查分段函數(shù)的單調(diào)性、指數(shù)函數(shù)的圖象和性質(zhì)、二次函數(shù)的圖象和性質(zhì)等知識,意在考查考生分析問題、解決問題的能力.求解本題需要注意的是對參數(shù)a進行分類討論.當(dāng)a=0時,顯然滿足題意.當(dāng)a>0時,由題意得,所以,無解.當(dāng)a<0時,由題意得,所以,所以-1<a<0.綜上,實數(shù)a的取值范圍為-1<a0. 11設(shè)(0,),(0,),若sin(+)=,tan(-)=,則tan(2+)的值為.【答案】-【解析】本題主要考查同角三角函數(shù)的基本關(guān)系、三角恒等變換、二倍角公式等知識,意在考查考生的運算求解能力.求解本題的關(guān)鍵是“角變換”的技巧,即2+=2(+)+(-).因為(0,),所以+(,).又sin(+)=,所以cos(+)=,所以sin 2(+)=2sin(+)cos(+)=,cos 2(+)=2cos2(+)-1=-,所以tan 2(+)=-.又2+=2(+)+(-),所以tan(2+)=tan2(+)+(-)=-. 12已知正數(shù)a,b,c滿足2b+c2a,2c+a3b,則的取值范圍為.【答案】(-1,1【解析】本題主要考查不等式、線性規(guī)劃等知識,考查考生的轉(zhuǎn)化與化歸意識及運算能力.求解本題時,先令x=>0,y=>0,由題意得x+2y2,-2x+3y1,而=3x-y,再利用線性規(guī)劃知識求解.因為a,b,c都是正數(shù),所以由題意設(shè)x=>0,y=>0,則x+2y2,-2x+3y1,而=3x-y,所以問題轉(zhuǎn)化為線性規(guī)劃問題.畫出可行域如圖中陰影部分所示.畫出直線l03x-y=0,平移l0,當(dāng)過點B(,)時,(3x-y)max=1,過點C(0,1)時,(3x-y)min-1,所以的取值范圍為(-1,1 . 13已知P是直線x+y+3=0上的動點,PA,PB是圓x2+y2-4x-2y+4=0的切線,A,B是切點,C是圓心,則四邊形PACB的面積的最小值是.【答案】【解析】本題主要考查直線與圓的方程、點到直線的距離、直線與圓的位置關(guān)系等知識,意在考查考生綜合運用知識解決問題的能力,特別是推理能力與運算能力.求解本題的關(guān)鍵是將直線與圓的位置關(guān)系問題轉(zhuǎn)化為點到直線的距離問題.通解設(shè)點P(a,b),則a+b+3=0.由題意,圓x2+y2-4x-2y+4=0的圓心是C(2,1),半徑為1.因為|PA|=|PB|,所以四邊形PACB的面積S=(|PA|+|PB|)=|PA|,所以|PA|最小時,四邊形PACB的面積最小.又|PA|=,所以|PC|最小時,|PA|最小.又|PC|=,所以當(dāng)a=-1,b=-2時,|PC|有最小值3,所以|PA|的最小值為.所以四邊形PACB的面積的最小值是.優(yōu)解由題意,圓x2+y2-4x-2y+4=0的圓心是C(2,1),半徑為1.因為|PA|=|PB|,所以四邊形PACB的面積S=(|PA|+|PB|)=|PA|,所以|PA|最小時,四邊形PACB的面積最小.又|PA|=,所以|PC|最小時,|PA|最小.又|PC|min=3,所以|PA|min=,所以四邊形PACB的面積的最小值是. 14已知函數(shù)f(x)=2exln-kx(e=2.718 28是自然對數(shù)的底數(shù))有兩個不同的零點,則實數(shù)k的取值范圍是.【答案】(e,+)【解析】本題考查函數(shù)的圖象及零點等知識,考查考生的數(shù)形結(jié)合能力與運算求解能力.求解的關(guān)鍵是將原問題轉(zhuǎn)化為兩個函數(shù)的圖象的交點問題.因為f(x)=2exln-kx,所以f(x)=ex-kx.令f(x)=0,得ex=kx,則函數(shù)f(x)有兩個不同的零點等價于函數(shù)g(x)=ex的圖象和直線y=kx有兩個不同的交點.易知當(dāng)k=0時,函數(shù)g(x)=ex的圖象和直線y=kx沒有交點,當(dāng)k<0時,函數(shù)g(x)=ex的圖象和直線y=kx只有一個交點,故k>0.現(xiàn)考慮函數(shù)g(x)=ex的圖象和直線y=kx相切時k的值,設(shè)切點為(x0,),因為g(x)=ex,所以切線的斜率k=,又k=,所以,解得x0=1,所以k=e.故要使函數(shù)g(x)=ex的圖象和直線y=kx有兩個不同的交點,則需k>e. 二、解答題：共12題15設(shè)ABC的內(nèi)角A、B、C的對邊分別為a、b、c,S為ABC的面積,滿足S=(b2+c2-a2).(1)求角A;(2)若a=2,y=(1-)b+2c,求y的最大值.【答案】(1)因為S=(b2+c2-a2),由三角形的面積公式和余弦定理得,bcsinA=2bccosA,所以tanA=.又A(0,),所以A=.(2)由(1)可知,B(0,).由得,b=4sinB,c=4sinC=4sin(-B)=4(cosB+sinB)=2cosB+2sin B.又y=(1-)b+2c,所以y=(1-)4sinB+4cosB+4sinB=4sinB+4cosB=4sin(B+).又B(0,),所以B+(,),所以當(dāng)B+,即B=時,y取得最大值4.【解析】本題主要考查正、余弦定理,三角函數(shù)的和、差角公式,三角函數(shù)的最值等知識,考查了運算能力及化歸與轉(zhuǎn)化能力.對于(1),先由題意并借助余弦定理求得tanA,再利用三角函數(shù)求得角A;對于(2),先由條件利用正弦定理將y=(1-)b+2c化為關(guān)于角B的三角函數(shù),最后利用角的取值范圍確定其最值.【備注】江蘇省三角解答題的特點是短小精悍,正、余弦定理,三角恒等變換,三角函數(shù)的圖象、性質(zhì)等知識是高考對三角部分考查的重點,其中三角恒等變換是重中之重,將三角恒等變換與向量知識相結(jié)合命制成小綜合題是近幾年常見的考查形式.對于以三角形為背景的三角恒等變換,考生常常會忽視對角的取值范圍的討論而出現(xiàn)不必要的失誤,因此要注意精確把握題意,準(zhǔn)確計算.16已知在直三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=,AC=1,BC=2,D是CB1的中點,E是AB1的中點.(1)求證:DE平面A1B1C1;(2)求證:平面BDE平面ABB1A1.【答案】(1)因為D是CB1的中點,E是AB1的中點,所以DEAC.又在直三棱柱ABC-A1B1C1中,ACA1C1,所以DEA1C1.又DE平面A1B1C1,A1C1平面A1B1C1,所以DE平面A1B1C1.(2)因為AB=,AC=1,BC=2,所以AB2+AC2=BC2,所以三角形ABC是直角三角形,且ACAB.因為ABC-A1B1C1是直三棱柱,所以AA1平面ABC.又AC平面ABC,所以AA1AC.又由(1)得DEAC,所以DEAB,DEAA1.又ABAA1=A,AB、AA1平面ABB1A1,所以DE平面ABB1A1.又DE平面BDE,所以平面BDE平面ABB1A1.【解析】本題主要考查線面平行、面面垂直的判定等,考查考生的空間想象能力、推理論證能力.對于(1),先由條件證明DEAC,又ACA1C1,進而證明DEA1C1,再由線面平行的判定定理證明DE平面A1B1C1;對于(2),先由條件證明DE平面ABB1A1,再由面面垂直的判定定理證明平面BDE平面ABB1A1.【備注】根據(jù)新課程高考對立體幾何的要求,解答題主要考查線線、線面、面面平行與垂直的證明,且多為中低檔題.在復(fù)習(xí)中,要做到以下三點:一抓住重點,立體幾何的重點是線線、線面、面面平行與垂直的證明及簡單幾何體的表面積、體積的計算,對于這兩個重點,要強化訓(xùn)練,熟悉證明及求解的方法;二注重規(guī)范,包括語言規(guī)范、過程規(guī)范等,要加強針對性訓(xùn)練,做到?jīng)]有遺漏;三提升能力,要在復(fù)習(xí)訓(xùn)練中,不斷培養(yǎng)自己的空間想象能力、推理論證能力和運算求解能力.17某空調(diào)制造公司有一條自動生產(chǎn)的流水線,價值約為a萬元,現(xiàn)為了改善該流水線的生產(chǎn)能力,提高產(chǎn)品的增加值,需要進行全面的技術(shù)革新.經(jīng)過市場調(diào)查,產(chǎn)品的增加值y(單位:萬元)與技術(shù)革新投入的資金x(單位:萬元)之間滿足:y與(a-x)和x2的乘積成正比;當(dāng)x=時,y=a3;x(0,其中m是正數(shù).(1)求y關(guān)于x的表達式;(2)試問當(dāng)技術(shù)革新投入多少萬元時,產(chǎn)品的增加值y最大.【答案】(1)由題意可設(shè)y=f(x)=k(a-x)x2.因為當(dāng)x=時,y=a3,所以k=8.所以y=f(x)=8(a-x)x2,x(0,其中m是正數(shù).(2)因為f(x)=-24x2+16ax,所以由f(x)=0得,x=或x=0(舍去).當(dāng),即0<m1時,若x(0,則f(x)>0恒成立,所以f(x)在(0,上是增函數(shù),所以y的最大值為a3,這時x=.當(dāng),即m>1時,若x(0,),則f(x)>0,所以f(x)在(0,)上是增函數(shù),若x(,則f(x)<0,所以f(x)在(,上是減函數(shù),所以y的最大值為a3,這時x=.所以當(dāng)0<m1時,技術(shù)革新投入萬元時,產(chǎn)品的增加值y最大,且為a3;當(dāng)m>1時,技術(shù)革新投入萬元時,產(chǎn)品的增加值y最大,且為a3.【解析】本題是一道實際應(yīng)用題,主要考查函數(shù)的性質(zhì)、導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用等知識,意在考查考生的數(shù)學(xué)應(yīng)用意識和數(shù)學(xué)建模能力、抽象概括能力和解決實際問題的能力.對于(1),可由題意直接求出函數(shù)y關(guān)于x的表達式;對于(2),先由條件求出函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù),再利用導(dǎo)函數(shù)求出函數(shù)y=f(x)最大時x的值,注意分兩種情況進行討論.【備注】培養(yǎng)學(xué)生的數(shù)學(xué)應(yīng)用意識是新課程的一個重要理念,因此設(shè)計貼近學(xué)生實際的應(yīng)用問題成為江蘇省高考的熱點.本題是函數(shù)模型的實際應(yīng)用題,這是高考中最常見的一類典型問題,解決這類問題的關(guān)鍵是認真審題,提取有用信息,將實際問題準(zhǔn)確地轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)問題,而真正的落腳點是利用導(dǎo)數(shù)求解最值,要注意按照“設(shè)、列、解、答”這四個步驟規(guī)范作答,得出相關(guān)的數(shù)學(xué)結(jié)論后,要回歸到實際問題中進行敘述.18已知橢圓C:+=1(a>b>0)的右頂點為A,左焦點為F,P(-,)是橢圓C上的一點,且PAFP.(1)求橢圓C的方程;(2)若動直線l與橢圓C有且只有一個公共點,問:在x軸上是否存在兩個定點,使它們到直線l的距離之積等于20?如果存在,求出這兩個定點的坐標(biāo);如果不存在,請說明理由.【答案】(1)由題意得,A(a,0),F(-c,0),=0.又P(-,),所以(a+,-)(-c+,-)=0,即(-c)+=0.又點P在橢圓C上,所以+=1,所以b2=20.又a2=20+c2,所以由得,a=6,c=4,故橢圓C的方程為+=1.(2)當(dāng)直線l的斜率存在時,設(shè)其方程為y=kx+m,代入橢圓C的方程,消去y,整理得(9k2+5)x2+18kmx+9m2-180=0.(*)因為直線l與橢圓C有且只有一個公共點,所以m0,方程(*)有且只有一個實數(shù)根.又9k2+5>0,所以=0,得(18km)2-4(9k2+5)(9m2-180)=0,所以m2=36k2+20.假設(shè)存在Q1(q1,0),Q2(q2,0)滿足題意,且Q1,Q2到直線l的距離分別為d1,d2,則d1d2=|=20對任意的實數(shù)k恒成立,所以所以或當(dāng)直線l的斜率不存在時,經(jīng)檢驗符合題意.綜上,存在兩個定點(4,0),(-4,0),它們到直線l的距離之積等于20.【解析】本題主要考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程、橢圓的簡單幾何性質(zhì)、直線和橢圓的位置關(guān)系、點到直線的距離公式,考查了考生的推理論證能力、運算求解能力.對于(1),先由題意得方程,再求值可得;對于(2),要分類討論,一是動直線l的斜率存在,先建立參數(shù)k,m的關(guān)系,再假設(shè)存在并結(jié)合題意求出兩個定點的坐標(biāo),二是動直線l的斜率不存在,可以驗證符合題意.【備注】高考對解析幾何的考查主要是直線、圓和圓錐曲線的方程的求法,以及直線與圓、圓錐曲線的位置關(guān)系的有關(guān)問題,復(fù)習(xí)中要強化訓(xùn)練,把握思路,既要過方法關(guān),又要過運算關(guān).同時要注意加強對平面幾何知識,特別是圓的幾何性質(zhì)的復(fù)習(xí),注意向量方法在解析幾何中的應(yīng)用,注意提高靈活解題的能力.19已知數(shù)列an的各項均為正數(shù),其前n項和為Sn,且對任意的m,nN*,都有(Sm+n+S1)2=4a2ma2n.(1)求的值;(2)求證:an為等比數(shù)列.【答案】(1)由(Sm+n+S1)2=4a2na2m,得(S2+S1)2=4,即(a2+2a1)2=4.因為a1>0,a2>0,所以a2+2a1=2a2,即=2.(2)解法一令m=1,n=2,得(S3+S1)2=4a2a4,即(2a1+a2+a3)2=4a2a4,令m=n=2,得S4+S1=2a4,即2a1+a2+a3=a4.又=2,所以a4=4a2=8a1,a3=4a1.由(Sm+n+S1)2=4a2na2m,得(Sn+1+S1)2=4a2na2,(Sn+2+S1)2=4a2na4.兩式相除,得,所以=2,即Sn+2+S1=2(Sn+1+S1),從而Sn+3+S1=2(Sn+2+S1).以上兩式相減,得an+3=2an+2,故當(dāng)n3時,an是公比為2的等比數(shù)列.又a3=2a2=4a1,從而an=a12n-1,nN*.顯然,an=a12n-1滿足題設(shè),因此an是首項為a1,公比為2的等比數(shù)列.解法二在(Sm+n+S1)2=4a2na2m中,令m=n,得+S1=2.令m=n+1,得S2n+1+S1=2,在中,用n+1代替n得,S2n+2+S1=2a2n+2.-,得a2n+1=2-2a2n=2(-),-,得a2n+2=2a2n+2-2=2(-),由得a2n+1=.將代入,得a2n+1=2a2n,將代入得a2n+2=2a2n+1,所以=2.又=2,從而an=a12n-1,nN*.顯然an=a12n-1滿足題設(shè),因此an是首項為a1,公比為2的等比數(shù)列.【解析】本題主要考查等比數(shù)列的定義及性質(zhì),數(shù)列的通項公式與前n項和的關(guān)系等知識,意在考查考生分析探究的能力、邏輯推理的能力與解決綜合性問題的能力.(1)采用賦值法,在已知等式中令m=n=1得出a1,a2的關(guān)系;(2)也采用賦值法,難點在于已知條件中的平方的處理.【備注】數(shù)列是高中數(shù)學(xué)的重要內(nèi)容,將數(shù)列與函數(shù)、不等式等知識結(jié)合起來命制為綜合性題目是近幾年高考對數(shù)列考查的熱點,以數(shù)列的基礎(chǔ)知識(如等差、等比數(shù)列的定義、通項公式、前n項和公式,錯位相減法、裂項相消法等常見的求和方法)為載體,考查考生推理論證的能力、分析問題和解決問題的能力、運算求解的能力和思維水平.20已知函數(shù)f(x)=ax-lnx,g(x)=ax-a(aR).(1)若a=0,求函數(shù)f(x)在(,e)(e為自然對數(shù)的底數(shù))上的零點個數(shù);(2)若方程f(x)=g(x)恰有一個實根,求a的取值集合;(3)若方程f(x)=g(x)有兩個不同的實根x1,x2(x1<x2),求證:2<x1+x2<3ea-1-1.【答案】(1)由題設(shè),f(x)=,所以f(x)在(,1)上單調(diào)遞增,在(1,e)上單調(diào)遞減.所以f(x)在(,e)上的最大值為f(1)=-1,所以函數(shù)f(x)在(,e)上的零點個數(shù)為0.(2)令h(x)=f(x)-g(x)=-lnx+a,則h(x)=,令h(x)=0,得x=1.當(dāng)x>1時,h(x)<0,h(x)在(1,+)上單調(diào)遞減;當(dāng)0<x<1時,h(x)>0,h(x)在(0,1)上單調(diào)遞增.故h(x)max=h(1)=a-1.當(dāng)h(x)max=0,即a=1時,因最大值點唯一,故符合題意;當(dāng)h(x)max<0,即a<1時,h(x)<0恒成立,不符合題意;當(dāng)h(x)max>0,即a>1時,一方面,存在ea>1,h(ea)=-<0,另一方面,存在e-a<1,h(e-a)=2a-ea<2a-ea<0(易證當(dāng)a>1時,ea>ea).于是,h(x)有兩個零點,不符合題意.綜上,a的取值集合為1.(3)先證x1+x2>2.依題設(shè),有a=+lnx1=+lnx2,于是=ln.記=t,t>1,則lnt=,故x1=,于是,x1+x2=x1(t+1)=,x1+x2-2=.記函數(shù)k(x)=-lnx,當(dāng)x>1時,因為k(x)=>0,故k(x)在(1,+)上單調(diào)遞增.于是當(dāng)t>1時,k(t)>k(1)=0.又lnt>0,所以x1+x2>2.再證x1+x2<3ea-1-1.因為f(x)-g(x)=0m(x)=ax-1-xlnx=0,故x1,x2也是m(x)的兩個零點.由m(x)=a-1-lnx=0,得x=ea-1(記p=ea-1).易知,x=ea-1是m(x)的唯一最大值點,故有設(shè)函數(shù)r(x)=lnx-lnp,則r(x)=0,故r(x)單調(diào)遞增.故當(dāng)x>p時,r(x)>r(p)=0;當(dāng)0<x<p時,r(x)<0.于是ax1-1=x1lnx1<+x1lnp,整理得(2+lnp-a)-(2p+ap-plnp-1)x1+p>0,即-(3ea-1-1)x1+ea-1>0.同理得-(3ea-1-1)x2+ea-1<0. 故-(3ea-1-1)x2+ea-1<-(3ea-1-1)x1+ea-1,(x2+x1)(x2-x1)<(3ea-1-1)(x2-x1),于是,x1+x2<3ea-1-1.綜上,2<x1+x2<3ea-1-1.【解析】本題主要考查方程的根及利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值、最值、單調(diào)性,不等式的證明等知識,意在考查考生的運算求解能力,運用數(shù)形結(jié)合、分類討論的思想方法分析問題和解決問題的能力.【備注】函數(shù)綜合性問題一直是高考命題的重點和熱點,常在函數(shù)與導(dǎo)數(shù)、方程、不等式的交匯處進行設(shè)計,將數(shù)學(xué)知識與數(shù)學(xué)思想方法的考查融合在一起,往往需要利用分類討論的思想方法研究函數(shù)的單調(diào)性、最值,從而解決不等式、方程的根等問題,既注重基礎(chǔ),又突出能力,如本題第(2)問,部分考生由于分類不全導(dǎo)致不必要的失誤,第(3)問,大部分考生由于找不著證明思路而無從下手.21如圖,已知CD是RtACB斜邊AB上的高,點E在AB的延長線上,且BCE=A,求證:CEAD=CDAE.【答案】因為CD是RtACB斜邊AB上的高,所以ACBADC,所以.又BCE=A,E=E,所以BCECAE,所以.所以, 即CEAD=CDAE.【解析】本題主要考查平面幾何中三角形相似的判定與性質(zhì)等知識,考查推理論證能力.求解時,先由條件得ACBADC,進而得,再由條件得BCECAE,進而得,從而可證得結(jié)論.【備注】三角形相似的判定與性質(zhì)、圓的幾何性質(zhì)是高考考查的重點,命題方式有三種:一是三角形相似的相關(guān)問題;二是圓的切線、割線、相交弦的相關(guān)問題;三是三角形與圓的簡單綜合題.高考對這些內(nèi)容的要求不高,主要是運用它們解決一些簡單的幾何計算和證明問題.22已知矩陣A=不存在逆矩陣,求矩陣A的特征值.【答案】由題意,矩陣A的行列式=0,解得a=2.所以矩陣A=的特征多項式f()=(-2)(-1)-(-2)(-1).令f()=0并化簡得2-3=0,得=0或=3,所以矩陣A的特征值為0和3.【解析】本題主要考查矩陣的運算及矩陣的特征值等知識,考查考生的運算求解能力.求解時,先由題意求得a的值,再由矩陣A的特征多項式為0求得矩陣A的特征值.【備注】平面變換、矩陣的運算、矩陣的特征值與特征向量以及逆矩陣等知識是高考必考的內(nèi)容之一, 但是題目的難度不大,復(fù)習(xí)中只要抓住基礎(chǔ)知識的理解和基本方法的運用即可.23已知曲線C的參數(shù)方程為(t為參數(shù)),曲線C在點(+1,+1)處的切線為l,以坐標(biāo)原點為極點,x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,求直線l的極坐標(biāo)方程.【答案】由題意得,曲線C的普通方程為(x-1)2+(y-1)2=4,易知直線l的斜率存在,設(shè)切線l的方程為y-1=k(x-1),所以=2,解得k=-1.所以切線l的方程為y-1=-x+1,即x+y-2-2=0,所以切線l的極坐標(biāo)方程為sin(+)=2+.【解析】本題主要考查圓的參數(shù)方程與普通方程的互化、直線的極坐標(biāo)方程與直角坐標(biāo)方程的互化及直線與圓的位置關(guān)系等知識,考查考生的運算能力和分析問題、解決問題的能力.求解本題的步驟是先將曲線C的參數(shù)方程化為普通方程,然后利用直線與圓的位置關(guān)系求出切線l的方程,最后將直線l的直角坐標(biāo)方程化為極坐標(biāo)方程.【備注】在高考中,參數(shù)方程與普通方程的互化、極坐標(biāo)方程與直角坐標(biāo)方程的互化都是“坐標(biāo)系與參數(shù)方程”這一模塊的?？純?nèi)容,熟悉互化公式、準(zhǔn)確計算是解決這類問題的關(guān)鍵.24已知實數(shù)a,b滿足a>b,求證:a-b+.【答案】因為a>b,所以a-b>0,所以a-b+(a-b)+(a-b)+3,所以原不等式成立.【解析】本題主要考查算術(shù)幾何平均不等式及其應(yīng)用等知識,考查轉(zhuǎn)化思想及運算能力.求解本題的關(guān)鍵是利用配湊法把不等式左邊配成符合算術(shù)幾何平均不等式的形式.【備注】“不等式選講”是必修部分不等式內(nèi)容的拓展,絕對值不等式的求解、不等式的證明方法(比較法、綜合法、分析法)、不等式的基本性質(zhì)、利用不等式求最值等是高考考查的重點.另外,雖然算術(shù)-幾何平均不等式與柯西不等式的考查要求為A級,但也有可能成為高考考查的對象,復(fù)習(xí)時要通過適當(dāng)?shù)木毩?xí)進行強化.25如圖,四棱錐P-ABCD中,PD底面ABCD,底面ABCD是直角梯形,且ABCD,ADCD,PD=CD=2,AD=AB=1.(1)求異面直線AD與PB所成角的余弦值;(2)求二面角P-AC-D的正弦值.【答案】(1)因為PD平面ABCD,AD平面ABCD,CD平面ABCD,所以PDAD,PDCD.又ADCD,所以以D為坐標(biāo)原點,分別以DA,DC,DP所在的直線為x軸,y軸,z軸建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則D(0,0,0),P(0,0,2),A(1,0,0),B(1,1,0),C(0,2,0),所以=(1,0,0),=(1,1,-2).設(shè)異面直線AD與PB所成的角為,則cos=|cos<,>|=|=.故異面直線AD與PB所成角的余弦值為.(2)因為PD底面ABCD,所以平面DAC的一個法向量為=(0,0,2).設(shè)平面PAC的法向量為n=(x,y,z),則n,n.又=(1,0,-2),=(-1,2,0),所以x-2z=0且-x+2y=0,令z=1,得x=2,y=1,則n=(2,1,1)為平面PAC的一個法向量.設(shè)二面角P-AC-D的大小為(由圖可知為銳角),則cos=|cos<,n>|=|=.所以sin=,故二面角P-AC-D的正弦值為.【解析】本題主要考查異面直線所成的角、二面角等知識,考查考生利用空間向量解決立體幾何的相關(guān)問題,考查考生的空間想象能力與運算求解能力.【備注】利用空間向量解決立體幾何的相關(guān)問題是高考重點考查的內(nèi)容之一,每隔一年便會考查一次,其常見的解題思路是利用直線的方向向量與平面的法向量之間的關(guān)系去證明線線、線面的位置關(guān)系,解決相關(guān)線線角、線面角、二面角等空間角的問題.復(fù)習(xí)中,考生要高度重視,關(guān)鍵要熟知原理,把握方法,準(zhǔn)確求解.26已知非空有限實數(shù)集S的所有非空子集依次記為S1,S2,S3,集合Sk(k=1,2,)中所有元素的平均值記為bk.將所有bk組成數(shù)組T:b1,b2,b3,數(shù)組T中所有數(shù)的平均值記為m(T).(1)若S=1,2,求m(T);(2)若S=a1,a2,an(nN*,n2),求m(T).【答案】(1)S=1,2的所有非空子集為1,2,1,2,所以數(shù)組T為1,2,.因此m(T)=.(2)因為S=a1,a2,an(nN*,n2),所以m(T)=ai.又,所以m(T)=ai=ai.