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2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練9 電容器和直流電路的動態(tài)分析.doc

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2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練9 電容器和直流電路的動態(tài)分析.doc

2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練9 電容器和直流電路的動態(tài)分析1如圖1所示,電源電動勢E3 V,小燈泡L標(biāo)有“2 V、0.4 W”,開關(guān)S接l,當(dāng)變阻器調(diào)到R4 時,小燈泡L正常發(fā)光;現(xiàn)將開關(guān)S接2,小燈泡L和電動機M均正常工作,則()圖1A電源內(nèi)阻為1 B電動機的內(nèi)阻為4 C電動機正常工作電壓為1 VD電源效率約為93.3%答案AD解析開關(guān)S接1時,根據(jù)閉合電路的歐姆定律EULI(Rr),因燈泡正常發(fā)光,所以電流I0.2 A,代入數(shù)據(jù)解得電源內(nèi)阻r1 ,故A正確;開關(guān)S接2時,小燈泡L和電動機M均正常工作,根據(jù)閉合電路的歐姆定律EULUMIr,解得:UM0.8 V,又電動機工作時是非純電阻電路,不滿足歐姆定律,故無法求出電動機內(nèi)阻和電壓,所以B、C錯誤;回路外電路的功率PPLUMI0.56 W,電源的總功率PEI0.6 W,所以效率100%93.3%,所以D正確2如圖2所示,直線A為某電源的UI圖線,曲線B為某小燈泡L1的UI圖線的一部分,用該電源和小燈泡L1組成閉合電路時,燈泡L1恰好能正常發(fā)光,則下列說法中正確的是()圖2A此電源的內(nèi)阻為 B燈泡L1的額定電壓為3 V,功率為6 WC把燈泡L1換成“3 V,20 W”的燈泡L2,電源的輸出功率將變小D由于小燈泡L1的UI圖線是一條曲線,所以燈泡發(fā)光過程,歐姆定律不適用答案B解析由圖線可知,電源的內(nèi)阻為r 0.5 ,選項A錯誤;因為燈泡正常發(fā)光,故燈泡L1的額定電壓為3 V,功率為PIU23 W6 W,選項B正確;把燈泡L1換成“3 V,20 W”的燈泡L2,由于燈泡L2的電阻小于燈泡L1的電阻,更接近于電源的內(nèi)阻,故電源的輸出功率將變大,選項C錯誤;雖然小燈泡L1的UI圖線是一條曲線,但由于小燈泡是純電阻,所以燈泡發(fā)光過程,歐姆定律仍適用,選項D錯誤3如圖3所示的電路中電源電動勢為E,內(nèi)阻為R,L1和L2為相同的燈泡,每個燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R,電壓表為理想電表,K為單刀雙擲開關(guān),當(dāng)開關(guān)由1位置打到2位置時,下列說法中正確的是()圖3AL1亮度不變,L2將變暗BL1將變亮,L2將變暗C電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率將變小D電壓表讀數(shù)將變小答案D解析開關(guān)擲到位置1時,燈泡L1和L2并聯(lián),并聯(lián)電阻R并,電路總電阻R總RR,干路電流I,根據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1和L2的電流相等,即I1I2,開關(guān)擲到2位置,燈泡L1與定值電阻串聯(lián),然后與燈泡L2并聯(lián),并聯(lián)電阻為R并,電路總電阻R總R,干路電流I,根據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1的電流I1I,流過燈泡L2的電流I2I.據(jù)此判斷,開關(guān)由1位置打到2位置,流過燈泡L1的電流大小不變,燈泡亮度不變,流過燈泡L2的電流變大,燈泡變亮,所以選項A、B錯誤總電流變大,電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率PI2R變大,選項C錯誤總電流變大,內(nèi)電壓變大,路端電壓變小,電壓表示數(shù)變小,選項D正確4如圖4所示電路中,電源電動勢E恒定,內(nèi)阻r1 ,兩電表均為理想電表,定值電阻R35 .當(dāng)開關(guān)K斷開與閉合時,ab段電路消耗的電功率相等則下列說法正確的是()圖4A電阻R1、R2可能分別為3 、6 B電阻R1、R2可能分別為4 、5 C開關(guān)K斷開時電壓表的示數(shù)一定小于K閉合時的示數(shù)D開關(guān)K斷開與閉合時,電壓表的示數(shù)變化量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比一定等于1 答案B解析據(jù)題意,開關(guān)K斷開與閉合時,ab段電路消耗的電功率相等,K閉合時R2被短路,則有:()2(R1R2)()2R1,將R13 、R26 代入方程不成立,而將R14 、R25 代入方程成立,故A錯誤,B正確開關(guān)K斷開時外電路總電阻大于K閉合時外電路總電阻,則開關(guān)K斷開時電壓表的示數(shù)一定大于K閉合時的示數(shù),故C錯誤根據(jù)閉合電路歐姆定律得:UEI(R3r),則電壓表的示數(shù)變化量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比為R3r6 ,故D錯誤故選B.5如圖5所示為某傳感裝置內(nèi)部部分電路圖,RT為正溫度系數(shù)熱敏電阻,其特性為隨著溫度的升高阻值增大;R1為光敏電阻,其特性為隨著光照強度的增強阻值減??;R2和R3均為定值電阻,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,V為理想電壓表若發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大,可能的原因是()圖5熱敏電阻溫度降低,其他條件不變熱敏電阻溫度升高,其他條件不變光照減弱,其他條件不變光照增強,其他條件不變A BC D答案A解析熱敏電阻溫度降低,其他條件不變時,熱敏電阻阻值減小,總電阻減小,總電流變大,則熱敏電阻及光敏電阻所在的并聯(lián)支路電壓減小,光敏電阻上的電流減小,則熱敏電阻及電阻R3上的電流變大,則電壓表的讀數(shù)變大,故正確,錯誤;若光照減弱,則光敏電阻的阻值增大,總電阻變大,總電流減小,則熱敏電阻及光敏電阻所在的并聯(lián)支路電壓增大,則R3上的分壓變大,電壓表示數(shù)變大,選項正確,錯誤故選A.6 A、B兩塊正對的金屬板豎直放置,在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細線,細線下端系一帶電小球(可視為點電荷)兩塊金屬板接在如圖6所示的電路中,電路中的R1為光敏電阻(其阻值隨所受光照強度的增大而減小),R2為滑動變阻器,R3為定值電阻當(dāng)R2的滑片P在中間時閉合電鍵S,此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U,帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為.電源電動勢E和內(nèi)阻r一定,下列說法中正確的是()圖6A若將R2的滑動觸頭P向a端移動,則變小B若將R2的滑動觸頭P向b端移動,則I減小,U減小C保持滑動觸頭P不動,用較強的光照射R1,則小球重新達到穩(wěn)定后變小D保持滑動觸頭P不動,用較強的光照射R1,則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變答案CD解析因為R2上無電流,若將R2的滑動觸頭P向a端移動時,不會改變AB兩板間的電壓,故角不變,同時也不會影響電壓表及電流表的讀數(shù),所以選項A、B均錯誤;保持滑動觸頭P不動,用較強的光照射R1,則R1的阻值減小,總電阻減小,電流表A的讀數(shù)變大,電阻R3及內(nèi)阻上的電壓變大,所以光敏電阻R1上的電壓減小,即AB上的電壓減小,則小球重新達到穩(wěn)定后變小,選項C正確;U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值表示電源的內(nèi)電阻,是不變的,故D正確7在如圖7所示的電路中,電源的負極接地,其電動勢為E、內(nèi)電阻為r,R1、R2為定值電阻,R3為滑動變阻器,C為電容器,、為理想電流表和電壓表在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中,下列說法中正確的是()圖7A電壓表示數(shù)變小B電流表示數(shù)變大C電容器C所帶電荷量增多Da點的電勢降低答案BD解析在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中,電阻R3變小,并聯(lián)電阻R23變小,總電阻R總rR1R23變小,總電流I變大,電壓表測量R1電壓U1IR1變大,選項A錯誤并聯(lián)電路電壓U23EI(R1r)減小,電容器電壓等于并聯(lián)電壓,所以電容器電荷量QCU23減少,選項C錯誤通過R2的電流I2變小,根據(jù)干路電流等于各支路電流之和得通過R3的電流即電流表示數(shù)I3II2變大,選項B正確由于電源負極接地即電勢為0,那么并聯(lián)電壓U23a0,電壓減小,所以a點的電勢降低,選項D正確

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