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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 不等式 章節(jié)測試題.doc

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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 不等式 章節(jié)測試題.doc

2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 不等式 章節(jié)測試題一、選擇題1. 關(guān)于x的不等式|x1|>m的解集為R的充要條件是( )Am0Bm1Cm0Dm12. 若、是任意實(shí)數(shù),且,則( )ABCD3 若則下列不等式一定成立的是( )ABCD4 欲證,只需證( )ABCD5. 設(shè)x1,x2是方程x2px40的兩個不相等的實(shí)根,則( )A| x1 |2且| x1 |2B| x1x2|4C| x1x2|4D| x1 |且| x2 |16. 對一切正整數(shù)n,不等式恒成立,則b的范圍是( )A(0, )BC() D(, 1) 7. 已知函數(shù)f (x) ,則不等式f(x)2>0的解區(qū)間是( )A(2,2)B(, 2)(2, )C(1,1)D(, 1)(1, )8. 在R上定義運(yùn)算若不等式對任意實(shí)數(shù)恒成立,則( )A B C D9 某純凈水制造廠在凈化水過程中,每增加一次過濾可減少水中雜質(zhì)20%,要使水中雜質(zhì)減少到原來的5%以下,則至少需過濾的次數(shù)為(參考數(shù)據(jù)lg20.3010,lg30.4771)( )A5B10 C14D1510.集合、,則是的( )A充分不必要條件B必要不充分條件 C充要條件 D既非充分又非必要條件二、填空題11若的取值范圍是 .12若不等式的解集為,則 .13實(shí)數(shù)x滿足,則的值為 .14已知a、b、c為某一直角三角形的三條邊長,c為斜邊,若點(diǎn)(m,n)在直線axby2c0上,則m2n2的最小值是 15對a,bR,記max| a,b | ,函數(shù)f(x)max| | x1 |,| x2 | | (xR)的最小值是 三、解答題16. 若a、b、c都是正數(shù),且abc1,求證:(1a)(1b)(1c)8abc17已知函數(shù)f(x),x(1) 當(dāng)a時,求函數(shù)f(x)的最小值;(2) 若對任意x,f(x)0恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍18(理)解關(guān)于x的不等式(文)解關(guān)于x的不等式:19設(shè)函數(shù)yf(x)的定義域?yàn)?0,),且對任意x、yR,f(xy)f(x)f(y)恒成立,已知f(8)3,且當(dāng)x1時,f(x)0(1)證明:函數(shù)f(x)在(0,)上單調(diào)遞增;(2)對一個各項(xiàng)均正的數(shù)列an滿足f(Sn)f(an)f(an1)1 (nN*),其中Sn是數(shù)列an的前n項(xiàng)和,求數(shù)列an的通項(xiàng)公式;(3)在()的條件下,是否存在正整數(shù)p、q,使不等式對nN*恒成立,求p、q的值20對1個單位質(zhì)量的含污物體進(jìn)行清洗,清洗前其清潔度(含污物體的清潔度定義為:1)為0.8,要求洗完后的清潔度是0.99有兩種方案可供選擇,方案甲:一次清洗;方案乙:兩次清洗該物體初次清洗后受殘留水等因素影響,其質(zhì)量變?yōu)閍(1a3)設(shè)用x單位質(zhì)量的水初次清洗后的清潔度是(xa1),用y質(zhì)量的水第二次清洗后的清潔度是,其中c (0.8c0.99)是該物體初次清洗后的清潔度(1) 分別求出方案甲以及c0.95時方案乙的用水量,并比較哪一種方案用水量較少;(2) 若采用方案乙,當(dāng)a為某定值時,如何安排初次與第二次清洗的用水量,使總用水量最少?并討論a取不同數(shù)值對最少總用水量多少的影響21. 已知條件p:|5x1|>a和條件,請選取適當(dāng)?shù)膶?shí)數(shù)a的值,分別利用所給的兩個條件作為A、B構(gòu)造命題:“若A則B”,并使得構(gòu)造的原命題為真命題,而其逆命題為假命題.則這樣的一個原命題可以是什么?并說明為什么這一命題是符合要求的命題.1.A 2.D 3.B 4.C 5.B 6.C 7.A 8.D 9.C 10. A 11. 12. 1 13. 8 14.4 15. 16. 證明:因?yàn)閍、b、c都是正數(shù),且abc1,所以17. 解:(1)當(dāng)a時,易證f(x)在1,)上單調(diào)遞增當(dāng)x1時,f(x)minf(1)(2)由f(x)0得x1,) x22xa0a(x22x),令t(x22x),x1,)則t(x22x)1(x1)2當(dāng)x1時,tmax1(11)23a318.(理)原不等式可化為: 當(dāng)a>1時,原不等式的解集為 當(dāng)時,原不等式的解集為 當(dāng)a1時,原不等式的解集為 當(dāng)時,原不等式的解集為 當(dāng)a0時,原不等式的解集為 當(dāng)時,原不等式的解集為(文)原不等式可化為: 當(dāng)時,原不等式的解集為 當(dāng)時,原不等式的解集為 當(dāng)時,原不等式的解集為.19. ()設(shè)0x1x2,則,從而有,所以函數(shù)f(x)在(0,)上單調(diào)遞增;()因?yàn)閒(8)3f(2)3f(2)1,所以有,由此及函數(shù)f(x)在(0,)上單調(diào)遞增得當(dāng)n1時,;當(dāng)n2時,即數(shù)列an是首項(xiàng)a11,公差d1的等并非數(shù)列,故ann;()設(shè)存在滿足條件的正整數(shù)p、q,則當(dāng)n1時,有下面證明不等式對nN*恒成立事實(shí)上,因?yàn)?(nN*),所以.20. (1)設(shè)方案甲與方案乙的用水量分別為x與z,由題設(shè)有,解得x19由c0.95得方案乙初次用水量為3,第二次用水量y滿足方程:,解得y4a,故z4a3即兩種方案的用水量分別為19與4a3因?yàn)楫?dāng)1a3時,xz4(4a)0,即xz,故方案乙的用水量較少(2)設(shè)初次與第二次清洗的用水量分別為x與y,類似()得于是xy當(dāng)a為定值時,xy當(dāng)且僅當(dāng)時等號成立此時將代入(*)式得故時總用水量最少,此時第一次與第二次用水量分別為與,最少總用水量是T(a)a

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