2019-2020年高考數學專題復習導練測 第十二章 第3講 數學歸納法 理 新人教A版.doc

2019-2020年高考數學專題復習導練測 第十二章 第3講 數學歸納法 理 新人教A版一、選擇題 1. 利用數學歸納法證明“1aa2an1(a1，nN*)”時，在驗證n1成立時，左邊應該是()A 1 B 1aC 1aa2 D 1aa2a3解析 當n1時，左邊1aa2，故選C.答案 C2用數學歸納法證明命題“當n是正奇數時，xnyn能被xy整除”，在第二步時，正確的證法是()A假設nk(kN)，證明nk1命題成立B假設nk(k是正奇數)，證明nk1命題成立C假設n2k1(kN)，證明nk1命題成立D假設nk(k是正奇數)，證明nk2命題成立解析A、B、C中，k1不一定表示奇數，只有D中k為奇數，k2為奇數答案D3用數學歸納法證明1，則當nk1時，左端應在nk的基礎上加上()A. BC. D.解析當nk時，左側1，當nk1時，左側1.答案C4對于不等式<n1(nN*)，某同學用數學歸納法的證明過程如下：(1)當n1時，<11，不等式成立(2)假設當nk(kN*且k1)時，不等式成立，即<k1，則當nk1時，<(k1)1，所以當nk1時，不等式成立，則上述證法()A過程全部正確Bn1驗得不正確C歸納假設不正確D從nk到nk1的推理不正確解析在nk1時，沒有應用nk時的假設，故推理錯誤答案D5下列代數式(其中kN*)能被9整除的是()A667k B27k1C2(27k1) D3(27k)解析 (1)當k1時，顯然只有3(27k)能被9整除(2)假設當kn(nN*)時，命題成立，即3(27n)能被9整除，那么3(27n1)21(27n)36.這就是說，kn1時命題也成立由(1)(2)可知，命題對任何kN*都成立答案 D6已知123332433n3n13n(nab)c對一切nN*都成立，則a、b、c的值為()Aa，bc BabcCa0，bc D不存在這樣的a、b、c解析等式對一切nN*均成立，n1,2,3時等式成立，即整理得解得a，bc.答案A二、填空題7用數學歸納法證明不等式的過程中，由nk推導nk1時，不等式的左邊增加的式子是_解析不等式的左邊增加的式子是，故填.答案8. 用數學歸納法證明：；當推證當nk1等式也成立時，用上歸納假設后需要證明的等式是.解析 當nk1時，故只需證明即可.答案 9已知整數對的序列如下：(1,1)，(1,2)，(2,1)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(1,4)，(2,3)，(3,2)，(4,1)，(1,5)，(2,4)，則第60個數對是_解析本題規(guī)律：211；31221；4132231；514233241；一個整數n所擁有數對為(n1)對設123(n1)60，60，n11時還多5對數，且這5對數和都為12，12111210394857，第60個數對為(5,7)答案(5,7)10在數列an中，a1且Snn(2n1)an，通過計算a2，a3，a4，猜想an的表達式是_解析當n2時，a1a26a2，即a2a1；當n3時，a1a2a315a3，即a3(a1a2)；當n4時，a1a2a3a428a4，即a4(a1a2a3).a1，a2，a3，a4，故猜想an.答案an三、解答題11已知Sn1(n>1，nN*)，求證：S2n>1(n2，nN*)證明(1)當n2時，S2nS41>1，即n2時命題成立；(2)假設當nk(k2，kN*)時命題成立，即S2k1>1，則當nk1時，S2k11>1>111，故當nk1時，命題成立由(1)和(2)可知，對n2，nN*.不等式S2n>1都成立12已知數列an：a11，a22，a3r，an3an2(nN*)，與數列bn：b11，b20，b31，b40，bn4bn(nN*)記Tnb1a1b2a2b3a3bnan.(1)若a1a2a3a1264，求r的值；(2)求證：T12n4n(nN*)(1)解a1a2a3a1212r34(r2)56(r4)78(r6)484r.484r64，r4.(2)證明用數學歸納法證明：當nN*時，T12n4n.當n1時，T12a1a3a5a7a9a114，故等式成立假設nk時等式成立，即T12k4k，那么當nk1時，T12(k1)T12ka12k1a12k3a12k5a12k7a12k9a12k114k(8k1)(8kr)(8k4)(8k5)(8kr4)(8k8)4k44(k1)，等式也成立根據和可以斷定：當nN*時，T12n4n.13設數列an滿足a13，an1a2nan2，n1,2,3，(1)求a2，a3，a4的值，并猜想數列an的通項公式(不需證明)；(2)記Sn為數列an的前n項和，試求使得Sn<2n成立的最小正整數n，并給出證明解(1)a25，a37，a49，猜想an2n1.(2)Snn22n，使得Sn<2n成立的最小正整數n6.下證：n6(nN*)時都有2n>n22n.n6時，26>6226，即64>48成立；假設nk(k6，kN*)時，2k>k22k成立，那么2k122k>2(k22k)k22kk22k>k22k32k(k1)22(k1)，即nk1時，不等式成立；由、可得，對于所有的n6(nN*)都有2n>n22n成立14數列xn滿足x10，xn1xxnc(nN*)(1)證明：xn是遞減數列的充分必要條件是c<0；(2)求c的取值范圍，使xn是遞增數列(1)證明先證充分性，若c<0，由于xn1xxncxnc<xn，故xn是遞減數列；再證必要性，若xn是遞減數列，則由x2<x1可得c<0.(2)解假設xn是遞增數列由x10，得x2c，x3c22c.由x1<x2<x3，得0<c<1.由xn<xn1xxnc知，對任意n1都有xn<，注意到 xn1xxnc(1xn)(xn)，由式和式可得1xn>0，即xn<1.由式和xn0還可得，對任意n1都有xn1(1)(xn)反復運用式，得xn(1)n1(x1)<(1)n1，xn<1和 xn<(1)n1兩式相加，知21<(1)n1對任意n1成立根據指數函數y(1)n的性質，得210，c，故0<c.若0<c，要證數列xn為遞增數列，即xn1xnxc>0，即證xn<對任意n1成立下面用數學歸納法證明當0<c時，xn<對任意n1成立(i)當n1時，x10<，結論成立(ii)假設當nk(kN*)時，結論成立，即xn<.因為函數f(x)x2xc在區(qū)間內單調遞增，所以xk1f(xk)<f()，這就是說當nk1時，結論也成立故xn<對任意n1成立因此，xn1xnxc>xn，即xn是遞增數列由知，使得數列xn單調遞增的c的范圍是.