2019-2020年高二物理上學(xué)期期中試卷 理（含解析）.doc

2019-2020年高二物理上學(xué)期期中試卷 理（含解析）一單項(xiàng)選擇題：（每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每小題2分，滿分30分）1（2分）關(guān)于元電荷的下列說(shuō)法中正確的是（）A元電荷實(shí)質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍C元電荷的數(shù)值通常取作e=1.61019CD電荷量e的數(shù)值最早是由庫(kù)侖用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的2（2分）在電場(chǎng)中某點(diǎn)用+q測(cè)得場(chǎng)強(qiáng)E，當(dāng)撤去+q而放入時(shí)，則該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)（）A大小為，方向和E相同B大小為，方向和E相反C大小為E，方向和E相同D大小為E，方向和E相反3（2分）下列關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法正確的是（）A只有體積很小的帶電體才能看成點(diǎn)電荷B體積很大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷C當(dāng)兩個(gè)帶電體的大小遠(yuǎn)小于它們間的距離時(shí)，可將這兩個(gè)帶電體看成點(diǎn)電荷D由公式F=k可以知，r0時(shí)，F(xiàn)4（2分）如圖所示的四個(gè)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，其中A和C圖中小圓圈表示一個(gè)點(diǎn)電荷，A圖中虛線是一個(gè)圓（M、N在圓上的不同點(diǎn)），B圖中幾條直線間距相等互相平行，則在圖中M、N處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等的是（）ABCD5（2分）兩個(gè)點(diǎn)電荷相距為d，相互作用力大小 為F；保持兩點(diǎn)電荷電荷量不變，改變它們之間的距離，使之相互作用力大小變?yōu)?F，則兩點(diǎn)電荷之間的距離應(yīng)變?yōu)椋ǎ〢4dB2dCD6（2分）如圖所示為電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，A、B為其上的兩點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是（）AEA與EB一定不等，A與B一定不等BEA與EB可能相等，A與B可能相等CEA與EB一定不等，A與B可能相等DEA與EB可能相等，A與B一定不等7（2分）電量為q的點(diǎn)電荷，在兩個(gè)固定的等量異種電荷+Q和Q的連線的垂直平分線上移動(dòng)，則（）A電場(chǎng)力做正功B電場(chǎng)力做負(fù)功C電場(chǎng)力不做功D電場(chǎng)力做功的正負(fù)，取決于q的正負(fù)8（2分）如圖所示，要使靜電計(jì)的指針偏角變大，可采用的方法是（）A使兩極板靠近B減小正對(duì)面積C插入電介質(zhì)D以上方法都不行9（2分）如圖所示，圖中五點(diǎn)均在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，它們剛好是一個(gè)圓的四個(gè)等分點(diǎn)和圓心已知電場(chǎng)線與圓所在平面平行下列有關(guān)圓心O和等分點(diǎn)a的電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度的相關(guān)描述正確的是（）Aa點(diǎn)的電勢(shì)為6VBa點(diǎn)的電勢(shì)為2VCa點(diǎn)的電勢(shì)為8VDa點(diǎn)的電勢(shì)為2V10（2分）一個(gè)電容器帶電量為Q時(shí)，兩極板間的電壓為U，若使其帶電量增加4107C，電勢(shì)差增加20V，則它的電容是（）A1108FB2108FC4108FD8108F11（2分）下列粒子從初速度為零的狀態(tài)經(jīng)過(guò)電壓為U的電場(chǎng)加速后，粒子速度最大的是（）A質(zhì)子B氘核C粒子D鈉離子Na+12（2分）下列判斷正確的是（）A由R=知，導(dǎo)體兩端的電壓越大，電阻就越大B由R=知，導(dǎo)體中的電流越大，電阻就越小C由I=知，電流跟導(dǎo)體兩端電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比D由U=IR可知，段導(dǎo)體兩端的電壓跟流過(guò)它的電流成正比13（2分）兩電阻R1、R2的電流I和電壓U的關(guān)系如圖所示，可知電阻大小之比R1：R2等于（）AB3：1CD1：314（2分）有三個(gè)電阻，R1=2，R2=3，R3=4，現(xiàn)把它們并聯(lián)起來(lái)接入電路，則通過(guò)它們的電流之比為I1：I2：I3是（）A6：4：3B3：4：6C2：3：4D4：3：215（2分）用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表將它們串聯(lián)起來(lái)接入電路中，如圖所示，此時(shí)（）A兩只電表的指針偏轉(zhuǎn)角相同B兩只電表的指針都不偏轉(zhuǎn)C電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角D電流表指針的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角二.多項(xiàng)選擇題（每小題3分，滿分15分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得3分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分16（3分）一負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力作用，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過(guò)程中該電荷做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度EA、EB及該電荷在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能A、B之間的關(guān)系為（）AEA=EBBEAEBCA=BDAB17（3分）如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線在電場(chǎng)力作用下，一帶電粒子（不計(jì)重力）經(jīng)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，下列說(shuō)法正確的是（）A粒子帶正電B粒子在A點(diǎn)加速度大C粒子在B點(diǎn)動(dòng)能大DA、B兩點(diǎn)相比，B點(diǎn)電勢(shì)能較高18（3分）兩個(gè)半徑相同的金屬小球，帶電荷量之比為1：7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則相互作用力可能為原來(lái)的（）ABCD19（3分）伏安法測(cè)電阻的接法有如圖中甲、乙兩種，下列說(shuō)法正確的是（） A兩種接法完全等效B按甲圖接法，測(cè)得值偏小C若待測(cè)電阻的阻值很大，按甲圖接法誤差較小D若待測(cè)電阻的阻值很小，按乙圖接法誤差較小20（3分）一個(gè)T型電路如圖所示，電路中的電阻R1=10，R2=120，R3=40，另有一測(cè)試電源，電動(dòng)勢(shì)為100V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，則（）A當(dāng)cd端短路時(shí)，ab之間的等效電阻是40B當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間的等效電阻是40C當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓為80VD當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓為80V三實(shí)驗(yàn)題（共2小題，每空3分，共18分）21（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材及代號(hào)如下：A小燈泡L（3V、5）；B滑動(dòng)變阻器R（010，額定電流1.5A）；C電壓表V1（量程：03V，RV=5k）；D電壓表V2（量程：015V，RV=10k）；E電流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F電流表A2（量程：03A，RA=0.1）；G鉛蓄電池、開(kāi)關(guān)各一個(gè)，導(dǎo)線若干；實(shí)驗(yàn)中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓（1）為了減少誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電壓表，電流表；（2）在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)采用法（填“內(nèi)接”或“外接”）；（3）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的IU圖象如圖所示，請(qǐng)分析該圖象形成的原因是：22（6分）如圖一量程為100A的電流表，內(nèi)阻為100，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9900 的電阻將它改裝成電壓表該電壓表的量程是V用它來(lái)測(cè)量電壓，表盤指針位置如圖所示該電壓的大小是V三、計(jì)算題（4小題，共37分解答時(shí)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）23（8分）如圖所示，一個(gè)掛在絕緣細(xì)線下端的帶正電的小球B，靜止在圖示位置，若固定的帶正電小球A的電荷量為Q，B球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，=37，A和B在同一條水平線上，整個(gè)裝置處于真空中，求A、B兩球間的距離（靜電力常數(shù)為k，重力加速度為g）24（9分）如圖所示，平行板電容器的兩個(gè)極板A、B分別接在電壓為60V的恒壓電源上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6108C，A極板接地（電勢(shì)為零）求：（1）平行板電容器的電容；（2）平行板電容器兩板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）距B板為2cm的C點(diǎn)處的電勢(shì)25（9分）如圖所示，質(zhì)量為m，電荷量為e的粒子從A點(diǎn)以v0的速度沿垂直電場(chǎng)線方向的直線AO方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，由B點(diǎn)飛出電場(chǎng)是速度方向與AO方向成45，已知AO的水平距離為d（不計(jì)重力）求：（1）從A點(diǎn)到B點(diǎn)用的時(shí)間；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；（3）AB兩點(diǎn)間電勢(shì)差26（11分）一個(gè)帶正電的微粒，從A點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，微粒沿直線AB運(yùn)動(dòng)，如圖所示，AB與電場(chǎng)線夾角=30已知帶電微粒的質(zhì)量m=1.0107kg，電量q=1.01010C，A、B相距L=20cm（取g=10m/s2，結(jié)果要求二位有效數(shù)字）求：（1）試說(shuō)明微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，要求說(shuō)明理由（2）電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向？（3）要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場(chǎng)時(shí)的最小速度是多少？甘肅省金昌市永昌一中xx高二上學(xué)期期中物理試卷（理科）參考答案與試題解析一單項(xiàng)選擇題：（每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，每小題2分，滿分30分）1（2分）關(guān)于元電荷的下列說(shuō)法中正確的是（）A元電荷實(shí)質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍C元電荷的數(shù)值通常取作e=1.61019CD電荷量e的數(shù)值最早是由庫(kù)侖用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的考點(diǎn)：元電荷、點(diǎn)電荷專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：元電荷又稱“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，常用符號(hào)e表示，任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍解答：解：A、元電荷是指最小的電荷量，不是電荷，不是指質(zhì)子或者是電子，故A錯(cuò)誤；B、所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，故B正確；C、元電荷的數(shù)值通常取作e=1.61019C，故C錯(cuò)誤；D、電荷量e的數(shù)值最早是由密立根用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的，故D錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評(píng)：對(duì)于元電荷要注意明確這不是質(zhì)子也不是電子，它只是在數(shù)值上等于它們的電量2（2分）在電場(chǎng)中某點(diǎn)用+q測(cè)得場(chǎng)強(qiáng)E，當(dāng)撤去+q而放入時(shí)，則該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)（）A大小為，方向和E相同B大小為，方向和E相反C大小為E，方向和E相同D大小為E，方向和E相反考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：電場(chǎng)強(qiáng)度表示電場(chǎng)本身強(qiáng)弱和方向的物理量，由電場(chǎng)本身決定的，與試探電荷無(wú)關(guān)，可以由公式E=計(jì)算場(chǎng)強(qiáng)的大小當(dāng)試探電荷移走后，同一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不變解答：解：把電荷量為q的檢驗(yàn)電荷放入點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中的某點(diǎn)，測(cè)得q所受電場(chǎng)力大小為F，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=，若移走q，而在該點(diǎn)放置一個(gè)q2=5q的點(diǎn)電荷時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變故選C點(diǎn)評(píng)：電場(chǎng)強(qiáng)度描述電場(chǎng)本身特性的物理量，與試探電荷的電量、電性、電場(chǎng)力無(wú)關(guān)基礎(chǔ)題3（2分）下列關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法正確的是（）A只有體積很小的帶電體才能看成點(diǎn)電荷B體積很大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷C當(dāng)兩個(gè)帶電體的大小遠(yuǎn)小于它們間的距離時(shí)，可將這兩個(gè)帶電體看成點(diǎn)電荷D由公式F=k可以知，r0時(shí)，F(xiàn)考點(diǎn)：庫(kù)侖定律專題：常規(guī)題型分析：帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系解答：解：A、由帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)帶電體的形狀對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，帶電體能否看作點(diǎn)電荷是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系，故AB錯(cuò)誤；C、當(dāng)兩個(gè)帶電體的大小遠(yuǎn)小于它們間的距離時(shí)，可將這兩個(gè)帶電體看成點(diǎn)電荷，故C正確；D、由于當(dāng)距離趨向于0時(shí)，電荷不能再看作點(diǎn)電荷；庫(kù)侖定律不再適用；不能得出F達(dá)無(wú)窮大；故D誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)基本內(nèi)容的掌握的情況，在平時(shí)要注意多積累4（2分）如圖所示的四個(gè)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，其中A和C圖中小圓圈表示一個(gè)點(diǎn)電荷，A圖中虛線是一個(gè)圓（M、N在圓上的不同點(diǎn)），B圖中幾條直線間距相等互相平行，則在圖中M、N處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等的是（）ABCD考點(diǎn)：電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度根據(jù)E=即可分析，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，據(jù)此也可分析解答：解：A、AC是點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，A中MN在同一個(gè)圓上的不同的點(diǎn)，C中MN到圓心的距離不等，根據(jù)E=可知，A中MN兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，C中不等，故A正確，C錯(cuò)誤；B、等間距平行的電場(chǎng)線表示勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等，故B正確；D、D圖中N點(diǎn)所在的電場(chǎng)線比較密集，M點(diǎn)所在的電場(chǎng)線比較疏，所以N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故D錯(cuò)誤故選AB點(diǎn)評(píng)：本題要求同學(xué)們知道在電場(chǎng)中電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，難度不大，屬于基礎(chǔ)題5（2分）兩個(gè)點(diǎn)電荷相距為d，相互作用力大小 為F；保持兩點(diǎn)電荷電荷量不變，改變它們之間的距離，使之相互作用力大小變?yōu)?F，則兩點(diǎn)電荷之間的距離應(yīng)變?yōu)椋ǎ〢4dB2dCD考點(diǎn)：庫(kù)侖定律專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：對(duì)于這兩種情況下分別根據(jù)庫(kù)侖定律列方程即可求解解答：解：當(dāng)距離為d時(shí)有：F=k 當(dāng)距離變化后依據(jù)題意有：4F=k 聯(lián)立可得r=，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C點(diǎn)評(píng)：正確理解庫(kù)侖定律公式以及公式中各個(gè)物理量的含義是解本題關(guān)鍵，由于公式涉及物理量較多，因此常用兩式相比的方法進(jìn)行求解6（2分）如圖所示為電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，A、B為其上的兩點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是（）AEA與EB一定不等，A與B一定不等BEA與EB可能相等，A與B可能相等CEA與EB一定不等，A與B可能相等DEA與EB可能相等，A與B一定不等考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度；電場(chǎng)線專題：圖析法分析：電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線的疏密程度，電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線的指向，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低解答：解：電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，由于只有一條電場(chǎng)線，無(wú)法看出電場(chǎng)線的疏密，故EA與EB可能相等、可能不相等；沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低，故A一定大于B；故選D點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵在于通過(guò)電場(chǎng)線的疏密程度看電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，通過(guò)電場(chǎng)線的指向看電勢(shì)的高低7（2分）電量為q的點(diǎn)電荷，在兩個(gè)固定的等量異種電荷+Q和Q的連線的垂直平分線上移動(dòng)，則（）A電場(chǎng)力做正功B電場(chǎng)力做負(fù)功C電場(chǎng)力不做功D電場(chǎng)力做功的正負(fù)，取決于q的正負(fù)考點(diǎn)：電勢(shì)能；電場(chǎng)線專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：等量異種電荷+Q和Q的連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，各點(diǎn)電勢(shì)相等，移動(dòng)電荷時(shí)電場(chǎng)力不做功解答：解：根據(jù)等勢(shì)線的分布情況得知，等量異種電荷+Q和Q的連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，各點(diǎn)電勢(shì)相等，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為零，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W=Uq可知，移動(dòng)電荷時(shí)電場(chǎng)力不做功故選：C點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵抓住等量異種電荷等勢(shì)線分布特點(diǎn)，這是考試的熱點(diǎn)，基本題8（2分）如圖所示，要使靜電計(jì)的指針偏角變大，可采用的方法是（）A使兩極板靠近B減小正對(duì)面積C插入電介質(zhì)D以上方法都不行考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析專題：電容器專題分析：靜電計(jì)用來(lái)測(cè)量電容器板間的電勢(shì)差，電勢(shì)差越大，指針的偏角越大根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，再由電容的定義式分析電勢(shì)差如何變化進(jìn)行選擇解答：解：A、使兩極板靠近，板間距離d減小，根據(jù)電容的決定式C=，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由C=分析得知，板間電勢(shì)差U減小，則靜電計(jì)的指針偏角變小故A錯(cuò)誤B、減小正對(duì)面積，根據(jù)電容的決定式C=，分析得知，電容C減小，而電容器的帶電量Q不變，由C=分析得知，板間電勢(shì)差U增大，則靜電計(jì)的指針偏角變大故B正確C、插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式C=，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由C=分析得知，板間電勢(shì)差U減小，則靜電計(jì)的指針偏角變小故C錯(cuò)誤D、由上可知D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評(píng)：本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，由電容的決定式C=和定義式C=結(jié)合進(jìn)行分析9（2分）如圖所示，圖中五點(diǎn)均在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，它們剛好是一個(gè)圓的四個(gè)等分點(diǎn)和圓心已知電場(chǎng)線與圓所在平面平行下列有關(guān)圓心O和等分點(diǎn)a的電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度的相關(guān)描述正確的是（）Aa點(diǎn)的電勢(shì)為6VBa點(diǎn)的電勢(shì)為2VCa點(diǎn)的電勢(shì)為8VDa點(diǎn)的電勢(shì)為2V考點(diǎn)：電勢(shì)專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢(shì)線與電場(chǎng)線垂直；勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩平行直線上相等距離的電勢(shì)差相等由題意知可以找到一條等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線的特點(diǎn)可確定電場(chǎng)線的方向解答：解：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩平行直線上相等距離的電勢(shì)差相等，所以，a點(diǎn)電勢(shì)比10V低4V，則為6V，則A正確故選；A點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵在于找出等勢(shì)面，然后才能確定電場(chǎng)線，要求學(xué)生明確電場(chǎng)線與等勢(shì)線的關(guān)系，能利用幾何關(guān)系找出等勢(shì)點(diǎn)，再根據(jù)等勢(shì)線的特點(diǎn)確定等勢(shì)面10（2分）一個(gè)電容器帶電量為Q時(shí)，兩極板間的電壓為U，若使其帶電量增加4107C，電勢(shì)差增加20V，則它的電容是（）A1108FB2108FC4108FD8108F考點(diǎn)：電容；電勢(shì)差專題：電容器專題分析：電容器的電容定義式C=，對(duì)于給定的電容器，電容一定，則根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)有C=解答：解：已知電容器電量的增加量Q=4107C，板間電壓的增加量U=20V，則電容為C=F=2108F故選B點(diǎn)評(píng)：關(guān)于電容的兩個(gè)公式C=和C=可以運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)理解，并能靈活應(yīng)用11（2分）下列粒子從初速度為零的狀態(tài)經(jīng)過(guò)電壓為U的電場(chǎng)加速后，粒子速度最大的是（）A質(zhì)子B氘核C粒子D鈉離子Na+考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：粒子經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力做功qU，根據(jù)動(dòng)能定理求得速度表達(dá)式，由各個(gè)粒子比荷大小，比較速度的大小解答：解：設(shè)加速電場(chǎng)的電壓為U，粒子的質(zhì)量和電量分別為m和q，由動(dòng)能定理得：qU=mv20，解得：v=，可見(jiàn)，速度與粒子的比荷平方根成正比由于質(zhì)子的比荷最大，所以質(zhì)子的速度最大故選：A點(diǎn)評(píng)：帶電粒子在加速電場(chǎng)中獲得的速度，常常根據(jù)動(dòng)能定理求解，本題還要了解各個(gè)粒子的比荷關(guān)系12（2分）下列判斷正確的是（）A由R=知，導(dǎo)體兩端的電壓越大，電阻就越大B由R=知，導(dǎo)體中的電流越大，電阻就越小C由I=知，電流跟導(dǎo)體兩端電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比D由U=IR可知，段導(dǎo)體兩端的電壓跟流過(guò)它的電流成正比考點(diǎn)：歐姆定律專題：恒定電流專題分析：電阻的大小由導(dǎo)體決定，與電壓電流無(wú)關(guān)，但電流由電壓與電阻確定解答：解：AB、電阻與所加電壓，電流無(wú)關(guān)，則AB錯(cuò)誤；C、電流由電壓，電阻有關(guān)為電流跟導(dǎo)體兩端電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比，則C正確； D、電阻一定，電壓與與電流成正比，則D正確故選：CD點(diǎn)評(píng)：明確電阻的決定因素，由歐姆定律分析電壓電流的關(guān)系13（2分）兩電阻R1、R2的電流I和電壓U的關(guān)系如圖所示，可知電阻大小之比R1：R2等于（）AB3：1CD1：3考點(diǎn)：歐姆定律專題：恒定電流專題分析：根據(jù)圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)去進(jìn)行求解解答：解：因?yàn)樵搱D線為IU圖線，則圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，兩根圖線的斜率比為3：1，所以電阻比為1：3故A、B、C錯(cuò)，D正確故選D點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵搞清IU圖線的斜率表示什么14（2分）有三個(gè)電阻，R1=2，R2=3，R3=4，現(xiàn)把它們并聯(lián)起來(lái)接入電路，則通過(guò)它們的電流之比為I1：I2：I3是（）A6：4：3B3：4：6C2：3：4D4：3：2考點(diǎn)：串聯(lián)電路和并聯(lián)電路專題：恒定電流專題分析：根據(jù)并聯(lián)電路中支路電流與支路電阻的比值關(guān)系進(jìn)行分析，即電流之比等于電阻的反比解答：解：因?yàn)镽1：R2：R3=2：3：4=2：3：4；所以I1：I2：I3=6：4：3故選：A點(diǎn)評(píng)：會(huì)熟練應(yīng)用歐姆定律，知道并聯(lián)電路電阻與電流的比值關(guān)系15（2分）用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表將它們串聯(lián)起來(lái)接入電路中，如圖所示，此時(shí)（）A兩只電表的指針偏轉(zhuǎn)角相同B兩只電表的指針都不偏轉(zhuǎn)C電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角D電流表指針的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角考點(diǎn)：把電流表改裝成電壓表專題：實(shí)驗(yàn)題分析：電流表改裝成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；將電壓表和電流表串聯(lián)，分析通過(guò)表頭的電流關(guān)系，判斷指針偏轉(zhuǎn)角度的大小解答：解：電流表改裝成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；兩表串聯(lián)后，通過(guò)電流表的總電流與電壓表的電流相等，由于電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻，所以大部分電流通過(guò)了分流電阻，通過(guò)表頭的電流很小，電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確電流表和電壓表的改裝原理，熟悉串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)，基礎(chǔ)題二.多項(xiàng)選擇題（每小題3分，滿分15分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得3分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分16（3分）一負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力作用，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過(guò)程中該電荷做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度EA、EB及該電荷在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能A、B之間的關(guān)系為（）AEA=EBBEAEBCA=BDAB考點(diǎn)：電勢(shì)能；電場(chǎng)強(qiáng)度專題：應(yīng)用題分析：根據(jù)受力特點(diǎn)可以判斷A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷A、B兩點(diǎn)電勢(shì)能的高低解答：解：由于電荷做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以根據(jù)Eq=ma可知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，即EA=EB；電荷做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且只受電場(chǎng)力，因此電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以AB，故BC錯(cuò)誤，AD正確故選AD點(diǎn)評(píng)：本題比較簡(jiǎn)單，基礎(chǔ)性強(qiáng)；要加強(qiáng)理解電場(chǎng)力和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系，電勢(shì)能和電場(chǎng)力做功關(guān)系17（3分）如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線在電場(chǎng)力作用下，一帶電粒子（不計(jì)重力）經(jīng)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，下列說(shuō)法正確的是（）A粒子帶正電B粒子在A點(diǎn)加速度大C粒子在B點(diǎn)動(dòng)能大DA、B兩點(diǎn)相比，B點(diǎn)電勢(shì)能較高考點(diǎn)：電場(chǎng)線；動(dòng)能定理的應(yīng)用；電勢(shì)能分析：電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不計(jì)重力的粒子在電場(chǎng)力作用下從A到B，運(yùn)動(dòng)與力關(guān)系可知，電場(chǎng)力方向與速度方向分居在運(yùn)動(dòng)軌跡兩邊，且電場(chǎng)力偏向軌跡的內(nèi)側(cè)解答：解：A、根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)條件可得粒子所受合力應(yīng)該指向曲線內(nèi)側(cè)，所以電場(chǎng)力逆著電場(chǎng)線方向，即粒子受力方向與電場(chǎng)方向相反，所以粒子帶負(fù)電故A錯(cuò)誤；B、由于B點(diǎn)的電場(chǎng)線密，所以B點(diǎn)的電場(chǎng)力大，則A點(diǎn)的加速度較小故B錯(cuò)誤；C、粒子從A到B，電場(chǎng)力對(duì)粒子運(yùn)動(dòng)做負(fù)功，電勢(shì)能增加，導(dǎo)致動(dòng)能減少，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)負(fù)電荷來(lái)講電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：電場(chǎng)線雖然不存在，但可形象來(lái)描述電場(chǎng)的分布對(duì)于本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)判定電場(chǎng)力方向，由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)18（3分）兩個(gè)半徑相同的金屬小球，帶電荷量之比為1：7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則相互作用力可能為原來(lái)的（）ABCD考點(diǎn)：庫(kù)侖定律專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：由庫(kù)侖定律列出接觸前的庫(kù)侖力表達(dá)式；根據(jù)電荷守恒定律可得出接觸后兩球的電荷量，再由庫(kù)侖定律列出庫(kù)侖力表達(dá)式，即可求得兩力的關(guān)系解答：解：由庫(kù)侖定律可得兩球接觸前的庫(kù)侖力為：F=k當(dāng)兩球帶同種電荷時(shí)，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量為：q=4Q兩球接觸后的庫(kù)侖力為：F=k=F；當(dāng)兩球帶異種電荷時(shí)，兩球接觸中和后再平分電量，則兩球的電量為：q=3Q兩球接觸后的庫(kù)侖力為：F=k=故CD正確、AB錯(cuò)誤故選：CD點(diǎn)評(píng)：兩相同小球相互接觸再分開(kāi)，則電量先中和然后再平分總電荷量；庫(kù)侖定律計(jì)算中可以只代入電量，最后再根據(jù)電性判斷庫(kù)侖力的方向19（3分）伏安法測(cè)電阻的接法有如圖中甲、乙兩種，下列說(shuō)法正確的是（） A兩種接法完全等效B按甲圖接法，測(cè)得值偏小C若待測(cè)電阻的阻值很大，按甲圖接法誤差較小D若待測(cè)電阻的阻值很小，按乙圖接法誤差較小考點(diǎn)：伏安法測(cè)電阻專題：恒定電流專題分析：伏安法測(cè)電阻有兩種實(shí)驗(yàn)電路，電流表的內(nèi)接法與外接法，當(dāng)待測(cè)電阻很大時(shí)，應(yīng)用電流表內(nèi)接法誤差較小解答：解：A、甲電路采用電流表內(nèi)接法，乙電路是電流表的外接法，兩種電路效果不同，故A錯(cuò)誤；B、甲圖采用電流表內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，使待測(cè)電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值測(cè)得的電阻偏大，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)待測(cè)電阻很大，遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時(shí)，采用電流表內(nèi)接法實(shí)驗(yàn)誤差較小，甲電路測(cè)大電阻誤差小，故C正確；D、若待測(cè)電阻的阻值很小，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，電壓表分流對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較小，采用電流表外接法實(shí)驗(yàn)誤差減小，即按圖乙接法實(shí)驗(yàn)誤差小，故D正確；故選：CD點(diǎn)評(píng)：待測(cè)電阻遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時(shí)，電流表的分壓小，可忽略不計(jì)，用電流表內(nèi)接法測(cè)量值偏大待測(cè)電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，電壓表的分流小，可忽略不計(jì)，用電流表外接法，測(cè)量值偏小20（3分）一個(gè)T型電路如圖所示，電路中的電阻R1=10，R2=120，R3=40，另有一測(cè)試電源，電動(dòng)勢(shì)為100V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，則（）A當(dāng)cd端短路時(shí)，ab之間的等效電阻是40B當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間的等效電阻是40C當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓為80VD當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓為80V考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路專題：恒定電流專題分析：當(dāng)cd端短路時(shí)，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓根據(jù)歐姆定律求解電壓解答：解：A、當(dāng)cd端短路時(shí)，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為R=40故A正確 B、當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為R=128故B錯(cuò)誤 C、當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為U3=E=80V故C正確 D、當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為U3=25V故D錯(cuò)誤故選AC點(diǎn)評(píng)：對(duì)于電路的問(wèn)題，首先要識(shí)別電路的結(jié)構(gòu)，有時(shí)要畫出等效電路圖基礎(chǔ)題，比較容易三實(shí)驗(yàn)題（共2小題，每空3分，共18分）21（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材及代號(hào)如下：A小燈泡L（3V、5）；B滑動(dòng)變阻器R（010，額定電流1.5A）；C電壓表V1（量程：03V，RV=5k）；D電壓表V2（量程：015V，RV=10k）；E電流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F電流表A2（量程：03A，RA=0.1）；G鉛蓄電池、開(kāi)關(guān)各一個(gè)，導(dǎo)線若干；實(shí)驗(yàn)中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓（1）為了減少誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電壓表C，電流表E；（2）在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)采用外接法法（填“內(nèi)接”或“外接”）；（3）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的IU圖象如圖所示，請(qǐng)分析該圖象形成的原因是：金屬材料的電阻率隨著溫度的升高而升高考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線專題：實(shí)驗(yàn)題分析：電壓表、電壓表最佳測(cè)量范圍為大于等于滿偏的；IU圖象的斜率等于電阻R的倒數(shù)，故IU圖象的斜率逐漸減小，即電阻R逐漸增大；被測(cè)電阻是小電阻，電流表應(yīng)該采用外接法；要小燈泡兩端的電壓從0開(kāi)始連續(xù)可調(diào)，滑動(dòng)變阻器要采用分壓接法解答：解：（1）由于小燈泡的額定電壓為3伏，而電壓表最佳測(cè)量范圍為大于等于滿偏的，故不能選015v的量程，而只能選03v的量程，故電壓表應(yīng)選C由于小燈泡的額定電流Ig=0.6A，而電流表最佳測(cè)量范圍為大于等于滿偏的，故不能選03A的量程而只能選0.6A的量程，故電流表應(yīng)選E（2）由于的電阻R=5，而中值電阻R中=50，故被測(cè)電阻是小電阻，故電流表應(yīng)該采用外接法（3）IU圖象的斜率等于電阻R的倒數(shù)，從圖象可知IU圖象的斜率逐漸減小，即電阻R逐漸增大，故金屬材料的電阻隨著溫度的升高而升高；故本題的答案為：C E外接法；（3）金屬材料的電阻率隨著溫度的升高而升高點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了電流表的接法，滑動(dòng)變阻器的接法，量程的選擇等，這是電學(xué)實(shí)驗(yàn)考查的重點(diǎn)，要認(rèn)真掌握并多多訓(xùn)練22（6分）如圖一量程為100A的電流表，內(nèi)阻為100，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9900 的電阻將它改裝成電壓表該電壓表的量程是1V用它來(lái)測(cè)量電壓，表盤指針位置如圖所示該電壓的大小是0.84V考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻專題：實(shí)驗(yàn)題分析：電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻分壓，改裝后的量程為電流表和串聯(lián)電阻上的電壓之和：U=Ig（Rg+R）解答：解：改裝后的電壓表的量程為：U=Ig（Rg+R）=100106（100+9900）=1V用它來(lái)測(cè)量電壓，表盤指針位置如圖所示， 則表盤的最小分度為0.1V，要估讀到下一位，讀數(shù)為：0.84V；故答案為：1；0.84點(diǎn)評(píng)：本題考查電表的改裝原理，明確改裝后的量程為U=Ig（Rg+R）三、計(jì)算題（4小題，共37分解答時(shí)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）23（8分）如圖所示，一個(gè)掛在絕緣細(xì)線下端的帶正電的小球B，靜止在圖示位置，若固定的帶正電小球A的電荷量為Q，B球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，=37，A和B在同一條水平線上，整個(gè)裝置處于真空中，求A、B兩球間的距離（靜電力常數(shù)為k，重力加速度為g）考點(diǎn)：庫(kù)侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：根據(jù)B球的狀態(tài)可以求出B球的受力情況，從而求出兩球之間的庫(kù)侖力，再根據(jù)庫(kù)侖定律求出兩球之間的距離解答：解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)小球處于平衡狀態(tài)可知FF=mgtan=mgtan37=mg（1）而小球所受庫(kù)侖力大小為：F=k （2）聯(lián)立（1）（2）解得A、B兩球之間的距離為：r=答：A、B兩球間的距離為點(diǎn)評(píng)：對(duì)于復(fù)合場(chǎng)中的共點(diǎn)力作用下物體的平衡其解決方法和純力學(xué)中共點(diǎn)力作用下物體的平衡適用完全相同的解決方法24（9分）如圖所示，平行板電容器的兩個(gè)極板A、B分別接在電壓為60V的恒壓電源上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6108C，A極板接地（電勢(shì)為零）求：（1）平行板電容器的電容；（2）平行板電容器兩板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）距B板為2cm的C點(diǎn)處的電勢(shì)考點(diǎn)：電容；電勢(shì)差專題：電容器專題分析：電容定義式C=，兩板之間為勻強(qiáng)電場(chǎng)E=，A與C間電勢(shì)差UAC=EdAC=20 V，又UAC=AC，WBA=qUBA=qUAB解答：解：（1）依電容定義有C= F=1109 F（2）兩板之間為勻強(qiáng)電場(chǎng)E=2103 V/m方向豎直向下（3）C點(diǎn)距A板間距離為dAC=ddBC=1 cmA與C間電勢(shì)差UAC=EdAC=20 V又UAC=AC，A=0可得C=20 V答：（1）平行板電容器的電容1109F；（2）平行板電容器兩板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度2103 V/m方向豎直向下；（3）距B板為2cm的C點(diǎn)處的電勢(shì)20 V點(diǎn)評(píng)：本題考查了電容的定義式勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系和電場(chǎng)力移動(dòng)電荷做功25（9分）如圖所示，質(zhì)量為m，電荷量為e的粒子從A點(diǎn)以v0的速度沿垂直電場(chǎng)線方向的直線AO方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，由B點(diǎn)飛出電場(chǎng)是速度方向與AO方向成45，已知AO的水平距離為d（不計(jì)重力）求：（1）從A點(diǎn)到B點(diǎn)用的時(shí)間；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；（3）AB兩點(diǎn)間電勢(shì)差考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）粒子從A點(diǎn)以v0的速度沿垂直電場(chǎng)線方向射入電場(chǎng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由水平距離d和初速度v0可求出時(shí)間（2）將粒子射出電場(chǎng)的速度進(jìn)行分解，求出豎直方向分速度vy，由牛頓第二定律和vy=at結(jié)合求出電場(chǎng)強(qiáng)度E（3）由動(dòng)能定理可求解AB兩點(diǎn)間電勢(shì)差解答：解：（1）粒子從A點(diǎn)以v0的速度沿垂直電場(chǎng)線方向射入電場(chǎng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有：t=（2）由牛頓第二定律得：a=將粒子射出電場(chǎng)的速度v進(jìn)行分解，則有 vy=v0tan45=v0，又vy=at，得：v0=，解得：E=（3）由動(dòng)能定理得：eUAB=解得：UAB=答：（1）從A點(diǎn)到B點(diǎn)用的時(shí)間為；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為；（3）AB兩點(diǎn)間電勢(shì)差為點(diǎn)評(píng)：本題運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法研究類平拋運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵將速度進(jìn)行分解，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式相結(jié)合進(jìn)行研究26（11分）一個(gè)帶正電的微粒，從A點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，微粒沿直線AB運(yùn)動(dòng)，如圖所示，AB與電場(chǎng)線夾角=30已知帶電微粒的質(zhì)量m=1.0107kg，電量q=1.01010C，A、B相距L=20cm（取g=10m/s2，結(jié)果要求二位有效數(shù)字）求：（1）試說(shuō)明微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，要求說(shuō)明理由（2）電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向？（3）要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場(chǎng)時(shí)的最小速度是多少？考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；力的合成與分解的運(yùn)用；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：（1）根據(jù)直線運(yùn)動(dòng)的條件并結(jié)合受力分析，得到電場(chǎng)力的方向，最終分析出物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律；（2）根據(jù)力的合成的平行四邊形定則并結(jié)合幾何關(guān)系得到電場(chǎng)力，求出電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）對(duì)粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解即可解答：解：（1）微粒只在重力和電場(chǎng)力作用下沿AB直線運(yùn)動(dòng)，故合力一定與速度在同一條直線上，可知電場(chǎng)力的方向水平向左，如圖所示微粒所受合力的方向由B指向A，與初速度VA方向相反，微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)即微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)（2）根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：qE=mgtan1故電場(chǎng)強(qiáng)度E=1.7104N/C，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向左（3）微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的速度vB=0，微粒進(jìn)入電場(chǎng)中的速度最小，由動(dòng)能定理有：mgLsin+qELcos=mvA2解得vA=2.8m/s即要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場(chǎng)時(shí)的最小速度是2.8m/s點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵結(jié)合運(yùn)動(dòng)情況得到粒子受力的受力情況，然后根據(jù)動(dòng)能定理列式求解