2019-2020年高中物理第一章電場章末質(zhì)量評估粵教版.doc

2019-2020年高中物理第一章電場章末質(zhì)量評估粵教版一、單項選擇題(本題共10小題，每題3分，共30分每小題中只有一個選項是正確的，選對得3分，錯選不選或多選均不得分)1以下說法正確的是()A由E可知電場中某點的電場強(qiáng)度E與F成正比B由公式可知電場中某點的電勢與q成反比C由UabEd可知，勻強(qiáng)電場中的任意兩點a、b間的距離越大，則兩點間的電勢差也一定越大D公式C，電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢差U無關(guān)解析：公式UEd中的d是a、b兩點間的沿場強(qiáng)方向上的距離答案：D2下列各組物理量中，由電場自身性質(zhì)決定的是()A電場力、電場強(qiáng)度B電場強(qiáng)度、電勢差C電場力做的功、電勢能 D電勢差、電勢能答案：B3一平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S、電容為，其中r是常量對此電容器充電后斷開電源當(dāng)增加兩板間距時，電容器極板間()A電場強(qiáng)度不變，電勢差變大B電場強(qiáng)度不變，電勢差不變C電場強(qiáng)度減小，電勢差不變D電場強(qiáng)度減小，電勢差減小答案：A4在勻強(qiáng)電場中，同一條電場線上有A、B兩點，有兩個帶電粒子先后由靜止從A點出發(fā)并通過B點，若兩粒子的質(zhì)量之比為21，電荷量之比為41，忽略它們所受重力，則它們由A點運動到B點所用的時間之比為()A1B.1C12 D21答案：A5.如圖所示，兩種細(xì)線掛著兩個質(zhì)量相同的小球A、B，上、下兩根細(xì)線中的拉力分別是TA、TB.現(xiàn)使A、B帶同種電荷，此時上、下細(xì)線受力分別為TA、TB，則()ATATA，TBTB BTATA，TBTBCTATA，TBTB DTATA，TBTB解析：(1)整體法：研究兩個質(zhì)量相等的小球A和B，不管A、B是否帶電，整體都受重力和上細(xì)線的拉力，則由平衡條件得：上絲線的拉力T2mg.所以TATA.(2)隔離法：對于B，不帶電時受重力和下細(xì)線的拉力，由平衡條件得：TBmg.帶電時受重力、下細(xì)線的拉力TB和A對B的向下的排斥力F.由平衡條件得：TBmgF，即TBmg.所以TBTB.故A是正確的，B、C和D錯誤答案：A6如圖所示是靜電除塵的示意圖關(guān)于靜電除塵的原理，下列說法不正確的是()A除塵器圓筒的外壁A接高壓電源的正極，中間的金屬絲B接負(fù)極BB附近的空氣分子被強(qiáng)電場電離為電子和正離子C正離子向A運動過程中被煙氣中的煤粉俘獲，使煤粉帶正電，吸附到A上，排出的煙就清潔了D電子向A極運動過程中，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負(fù)電，吸附到A上，排出的煙就清潔了解析：除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負(fù)電，顆粒向電源正極運動，即圓筒的外壁A接高壓電源的正極，中間的金屬絲B接負(fù)極，故A正確；空氣被強(qiáng)電場電離為電子和正離子，煙霧顆粒吸附電子而帶負(fù)電，顆粒向電源正極運動，故B正確；電子向A極運動過程中，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負(fù)電，吸附到A上，排出的煙就清潔了，故C錯誤；D正確答案：C7如圖，A、B、C是等邊三角形的三個頂點，O是A、B連線的中點以O(shè)為坐標(biāo)原點，A、B連線為x軸，O、C連線為y軸，建立坐標(biāo)系在A、B、C、O四個點分別固定一個正點電荷，電荷量相等則O處電荷受到電場力方向為()A沿y軸正方向 B沿y軸負(fù)方向C沿x軸正方向 D沿x軸負(fù)方向解析：由于A、B兩點到O處的距離相等，故A、B點的正點電荷在O點處產(chǎn)生的合場強(qiáng)為零，C點的正電荷在O處產(chǎn)生的場強(qiáng)沿y軸負(fù)方向以上可知，O點的合場強(qiáng)方向沿y軸負(fù)方向，在根據(jù)場強(qiáng)方向的規(guī)定，在O點放正電荷所受電場力的方向與場強(qiáng)的方向相同，故B正確，A、C、D錯誤答案：B8如圖所示，正點電荷Q、2Q分別置于M、N兩點，O點為MN連線的中點，點a為MO的中點，點b為ON的中點，點c、d在M、N中垂線上，關(guān)于O點對稱下列說法正確的是()Aa、b兩點的電場強(qiáng)度相同BO點的電勢高于c點的電勢C將電子沿直線從a點移到b點，電場力對電子先做正功后做負(fù)功D將電子沿直線從c點移到d點，電場力對電子先做負(fù)功后做正功解析：同種電荷的電場線是排斥狀的，沿電場線方向電勢逐漸降低，知O點的電勢高于c點的電勢故B正確設(shè)MaL，aOr，則a點的電場強(qiáng)度Eakk，Ebkk，可見EaEb，故A錯誤；電子受到的電場力方向與電場方向相反，所以將電子沿直線從a點移到b點，電場力對電子先做負(fù)功后做正功，C錯誤；對兩個電荷在中垂線上的場強(qiáng)進(jìn)行疊加，在Oc段方向斜向左上，在Od段方向斜向左下所以電子所受的電場力在Oc段斜向右下，在Od段斜向右上，電場力跟速度的方向先是銳角后是鈍角，電場力對電子先做正功后做負(fù)功，故D錯誤答案：B9如圖所示的電路中，A、B是平行板電容器的兩金屬板先將電鍵S閉合，等電路穩(wěn)定后將S斷開，并將B板向下平移一小段距離，保持兩板間的某點P與A板的距離不變則下列說法不正確的是()A電容器的電容變小B電容器內(nèi)部電場強(qiáng)度大小變大C電容器內(nèi)部電場強(qiáng)度大小不變DP點電勢升高解析：根據(jù)C，當(dāng)B板向下平移一小段距離，間距d增大，其他條件不變，則導(dǎo)致電容變小，故A正確；根據(jù)E與C相結(jié)合可得E，由于電量不變，場強(qiáng)大小不變，故B錯誤，C正確；B板接地，場強(qiáng)不變，所以P點與地間的電勢差增大，即P點電勢升高，故D正確答案：B10質(zhì)量為m的帶電小球在a點水平射入豎直向上的勻強(qiáng)電場中，運動軌跡如圖所示，則正確的說法是()A小球帶負(fù)電B小球在b點的加速度大于在a點的加速度C小球的電勢能減小D在相等的時間間隔內(nèi)重力做的功相等解析：物體做曲線運動時的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從圖中可得小球受到的合力豎直向上，因為小球受到重力和電場力作用，合力向上，所以電場力一定向上，因為電場方向豎直向上，所以小球帶正電，A錯誤；因為是勻強(qiáng)電場，所以電場力恒定不變，而重力也是恒定不變，所以合力恒定不變，故加速度恒定不變，B錯誤；電場力做正功，電勢能減小，C正確；因為小球在豎直方向上做加速運動，所以在相等時間內(nèi)走過的位移不同，故重力做功不同，D錯誤答案：C二、多項選擇題(本題共4小題，每題6分，共24分每小題有多個選項是正確的，全選對得6分，少選得3分，選錯、多選或不選得0分)11如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2的兩小球，分別帶電荷量q1和q2，用同等長度的絕緣線懸于同一點，由于靜電斥力使兩懸線與豎直方向張開相同的角度，則()Aq1不一定等于q2Bm1必等于m2C.必等于D必須同時滿足q1q2和m1m2解析：依據(jù)題意對兩個帶電小球受力分析如圖，據(jù)平衡條件得：Fm1gtan ，F(xiàn)m2gtan ，所以有m1m2.答案：AB12如圖所示，圖中實線是一簇未標(biāo)明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點若粒子在運動中只受電場力作用根據(jù)此圖作出的下列判斷中錯誤的是()A帶電粒子帶正電B粒子在a、b兩點的受力方向沿電場線向左C粒子在a點的速度大于在b點的速度Da點電場強(qiáng)度小于b點電場強(qiáng)度解析：由電場線的形狀可判定產(chǎn)生電場的源電荷在電場線左側(cè)，因做曲線運動的物體受到的合外力指向運動軌跡的凹側(cè)，可知粒子在a、b點受力沿電場線向左，無論從a向b，還是從b向a，粒子在a點速度大于b點速度，由電場線的分布情況可得Ea>Eb.答案：AD13.如圖所示，在場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場中，一根不可伸長的絕緣細(xì)線一端拴一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電的小球，另一端固定在O點；把小球拉到使細(xì)線水平的位置A，然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細(xì)線與水平成60的位置B時速度為零以下說法正確的是()A小球重力與電場力的關(guān)系是EqmgB小球重力與電場力的關(guān)系是EqmgC球在B點時，細(xì)線拉力為TmgD球在B點時，細(xì)線拉力為Tmg解析：根據(jù)動能定理，得mgLsin qEL(1cos )0，解得qEmg，故A錯誤，B正確；小球到達(dá)B點時速度為零，則沿細(xì)線方向合力為零，此時對小球受力分析，可知TqEcos 60mgsin 60，故細(xì)線拉力Tmg，故C正確，D錯誤答案：BC14如圖，水平線上的O點放置一點電荷，圖中畫出電荷周圍對稱分布的幾條電場線以水平線上的某點O為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于a、b、c、d、e，下列說法正確的是()Ab、e兩點的電場強(qiáng)度不相同Ba點電勢低于c點電勢Cb、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差D電子沿圓周由d到b，電場力做正功解析：由圖看出，b、e兩點電場強(qiáng)度的大小相等，但方向不同，而電場強(qiáng)度是矢量，所以b、e兩點的電場強(qiáng)度不同，故A正確根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低可知，離點電荷O越遠(yuǎn)，電勢越低，故a點電勢低于c點電勢故B正確根據(jù)對稱性可知，b、c兩點間電勢差與e、d兩點間電勢差都等于零，故C正確d點的電勢高于b點的電勢，由Epqe，則知電子在d點的電勢能小于在b點的電勢能，根據(jù)功能關(guān)系可知，電子沿圓周由d到b，電場力做負(fù)功，故D錯誤答案：ABC三、非選擇題(共4小題，共46分)15(10分)如圖所示，光滑斜面傾角為37，將質(zhì)量為m、電荷量為q的一帶有正電的小物塊，置于斜面上當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上重力加速度g已知，sin 370.6，cos 370.8.(1)該電場的電場強(qiáng)度有多大？(2)若電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?，小物塊沿斜面下滑距離為L時的速度有多大？解析：(1)物塊靜止于斜面上，由平衡條件，得Eqmgtan 37，解得E.(2)當(dāng)場強(qiáng)變?yōu)樵瓉淼臅r，小物塊所受的合外力 F合mgsin 37qEcos 370.3mg又F合ma，解得a3 m/s2，方向沿斜面向下，由動能定理，得F合Lmv20，代入解得v.答案：(1)(2)16(12分)如圖所示，在豎直平面內(nèi)，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點，在圓心處有一固定的正點電荷，B點為AC的中點，C點位于圓周的最低點現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q，套在桿上的帶負(fù)電小球(可視為質(zhì)點)從A點由靜止開始沿桿下滑已知重力加速度為g，A點距過C點的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點時的速度大小為2.(1)求小球滑至C點時的速度大??；(2)求A、B兩點間的電勢差UAB；(3)若以C點為參考點(零電勢點)，試確定A點的電勢解析：(1)由幾何關(guān)系，可得BC的豎直高度hBCR，因B、C兩點電勢相等，故小球從B到C的過程中電場力做功為零，對小球從B到C過程應(yīng)用動能定理，有mgRmvmv，解得vC.(2)對小球從A到B過程應(yīng)用動能定理，有mgRWABmv，解得WABmgR；所以UAB.(3)因BC，故UABUAC，又UACAC，C0，因此ACUAC.答案：(1)vC(2)(3)17(12分)如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電量為e的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經(jīng)電壓U0加速后通過B點進(jìn)入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，求： (1)電子通過B點時的速度大?。?2)右側(cè)平行金屬板的長度；(3)電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能和速度方向解析：(1)由動能定理：eU0得v0 .(2)電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，設(shè)板長為L，Lv0t，y，a，聯(lián)立以上得Ld .(3)全過程由動能定理：eU0eUEk0，得：EkeU0eU，速度方向與水平方向夾角滿足tan .答案：(1) (2)d(3)見解析18(12分)如圖所示，一帶電量為q、質(zhì)量為m的小球，從距地面高2h處以一定的初速度水平拋出，在距拋出點水平距離為s處有根管口比小球稍大的豎直細(xì)管，細(xì)管的上口距地面高為h，為了使小球能無碰撞地落進(jìn)管口并通過管子，可在管子上方整個區(qū)域內(nèi)加一水平向左的勻強(qiáng)電場求：(1)小球的初速度；(2)應(yīng)加電場的場強(qiáng)；(3)小球落地時的動能解析：(1)由題意知，小球落到管口時的水平速度為零，設(shè)運動時間為t，則豎直方向：hgt2，水平方向：st，聯(lián)立解得：v0s.(2)小球落到管口的過程中，水平方向上，小球作勻減速運動由運動學(xué)公式a，由動力學(xué)公式qEma，解得E.(3)小球的豎直分運動一直是作初速度為零的勻加速運動，因此小球落地動能Ekmg2h2mgh.答案：見解析